高一物理拔高题

1、F的作用处于静止状态，如图所示,F的作用处于静止状态，如图所示,高一物理拔高题（月考）说明：本试卷考试时间为90分钟，满分110分（将答案填写在答题卡上！ ！）一、选择题：（本题共15小题，每小题4分，共60分。在每小题给出的四个选项中，第 1题第9题只有一个选项是符合题目要求的；第 10题第15题有多个选项是符合题目 要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.有一个物体以初速度V0沿倾角为8的足够长的粗糙斜面上滑，已知物体与该斜面间的 动摩擦因数tan 9 ,那么能正确表示该物体的速度 v随时间t变化的图线是（） TOC o 1-5 h z ABCD.如图所示，在竖直放

2、置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻不入质滑轮悬挂一重物G.现将轻纯的一端固定于支架上的 A点，另一端从B点 L _ .沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）.则纯中拉力大小变化的情况. 丁是（ ）A.先变小后变大B .先变小后不变C.先变大后不变D .先变大后变小.如图所示，用完全相同的轻弹簧A B、C将两个小球1、2连接并悬挂，小 球均处于静止状态，小球1、2的质量分别为2m和m.弹簧A与 竖直 方向的夹角为300 ,弹簧C水平，则弹簧A、B、C的伸长 量之比为（）A. F4=3b. 4, 3 小平Md. 231邛.如图所示，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为9的固定斜面

3、 上，P、Q之间的动摩擦因数为仙1, Q与斜面间的动摩擦因数为仙2.当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，则物体P受到的摩擦力大小 为（）A.0 B. p1mgcos8 C.仙 2mgcos8D.（仙 1 + P 2）mgcosO.物体A和物体B叠放在光滑水 平面上静止，如图所 示.已知m=4kg , mj=10kg , A, B间的最 大静 摩擦 力f m=20N.现用一水平向右的拉力F作用在A上，则（A.当F=20N时，A对B的摩擦力大小是20NB.当F 20N, A, B间就 发生相对 运动D.只要F 28N, A、B间就发生相对运动. 一个物体做匀加速直线运动，它在第

4、3s内的位移为5m则下列说法正确的是（）A .物体在第3 s末的速度一定是6 m/s B .物体的加速度一定是2 m/s2C .物体在前5 s内的位移一定是25 m D .物体在第5 s内的位移一定是9 m1.在固定于地面的斜面上垂直安放一个挡板，截面为 “，圆的柱状物体甲放在斜面上， 半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态.如图 所示.现在从球心O处对甲放加一平行于斜面向下的力 F,使甲沿斜面方向极其缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止.设乙对挡板的压力为Fi,甲对斜面的压力为F2,则在此过程中（）A. Fi缓慢增大，F2缓慢增大B . Fi缓慢增大，F2缓慢减

5、小C. Fi缓慢减小，F2缓慢增大D . Fi缓慢减小，F2不变.如图所示，已知 mA=1/2mB=1/3m C=1kg ,物体A、B、C及 地面间的动摩擦因素均为叱=0.1 ,轻绳与滑轮间的摩擦 可忽略，轻纯两端分别与A、C两物体相连接，若要用力 将C物体匀速拉出，则所需要加的拉力最小为（）（取 g=10m/s 2）A.9N B.8N C.7N D.6N.如图（a）所示，一轻质弹簧的下端固定在水平 面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初 始时物体处于静止状态.现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动， 拉力F与物体位移x的关系如图b所示（g=10m/s 2）,则正

6、确的结论是（）A.物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B.弹簧的劲度系数为7.5N/cmC.物体的质量为3kgD.物体的加速度大小为5m/s2.物块m位于斜面上，受到平行于斜面的水平力若撤去力F,则（）A.会沿斜面下滑 B.摩擦力方向一定变化C.摩擦力变大 D .摩擦力变小.如图甲所示，A、B两长方体叠放在一起，放在光滑的水平面上。物体 B从静止开始 受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，运动过程中 A B始终保持相 对静止。则在02t0时间内，下列说法正确的是A. 3时刻，A、B间的静摩擦力最大B. to时刻，A、B的速度最大0时刻和2t B. to时刻，A、B的速度最大2t 0

7、时刻，A B离出发点最远甲乙12.如图所示，物体A B通过细绳及轻弹簧连接于轻滑轮两侧，物体A、B的 质量分别为m 2m.开始以手托住物体A,两绳恰好伸直，弹簧处于原长状态， A距离地面高度为h.放手后A从静止开始下落，在A下落至地面前的瞬间物体 B恰好对地面无压力，（不计滑轮处的摩擦）则下列说法正确的是（）w b w C, nmmp b= p c, mmp a p c, mnc15.质量为0.3kg的物体在水平面上做直线运动，图中的两条直线表示物体受 水平拉力和不受水平拉力两种情形下的v-t图象，则下列说法正确的是（）A,水平拉力大小可能等于0.3 NB.水平拉力大小一定等于0.1 NC.物

8、 体受到的摩擦力大 小一定等 于0.1 ND.物体受到的摩擦力大小一定等于0.2 N二.实验题：（本题共2个小题，共15分）16. （5分）在”验证力的平行四边形定则”的实验中：A.在A下落至地面前的过程中物体B始终处于平衡状态B.在A下落至地面前的过程中A物体始终处于失重状态C.在A下落至地面前的过程中A物体的机械能减 少了 mghD. A落地前的瞬间加速度为g方向向上（1）部分实验步骤如下，请完成有关内容：A.将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整 木板上，另一端绑上两根细线.B.在其中一根细线 上挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图 甲所示，记录：C.将步骤B中的钩码取下，分别

9、在两根细线上挂上 4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒B、C使13.如图所示，一粗糙的水平传送带以恒定的速度V1沿顺时针方向运动，传送带 的左、右两端皆有一与传送带等高的光滑水平面，一物体以恒定的速度V2沿水两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使记录、。（2）如果”验证力的平行四边形定则”得到验证,那么图乙中法正确的是（）完成卜列实验分囊中的填祗A. w a法正确的是（）完成卜列实验分囊中的填祗A. w a w b, m=m平衡小孥怖场的阻力，小吊在中外地物块.调飞木版外瑞的布度，川丁措拢小不直到打点计时翳打的平面分别从左、右两端滑上传送带，下列说法正确的是（）A.物体从右端滑

10、到左端所须的时间一定大于物体从左端滑到右端的时间B.若V2 V1,物体从左端滑上传送带必然先做加速运动，再做匀速运动C.若V2 V1,物体从右端滑上传送带，则物体可能到达左端D.若V2 V1,物体从右端滑上传送带又回到右端.在此过程中物体先做减 速运动，再做加速运动n/_臭14.物体ABC均静止在同一水平面上，它们的质量分别为 m、rb、nc,与平面的动摩擦 因数分别为仙a、也b、pc,用平行于水平面的拉力F分别拉物体A、B、C所得加速度a 与F的关系图线如图所示，对应的直线甲、乙、丙所示，甲、乙直线平行，则以下说CO5（E.no分）为研究”在外力定的条件卜.物体的加速度）其阙显间的矢系”.某

11、同学设il f如图所示的实把装置.图中打点泮时蕾的交洪电源彷本为丁=5。山，一系列 的点r技住小在小吊盘中放入适力质昂的物块.在小军中放入祛码】打开打点计时器电源,释放小车,获得带有点迹的纸仔，花触带上标比小军中)8码的痂最m；4)送住小车.陛变小4.中任内的顺尔.审复步喋:取在每条纸带上消断的部分，料5个间隔标注一个计数点，测市相印计数点的同即卬 与，,求出.与不 同m相对应的加速度a；以硅码的质其E为横坐标,为纵坐标，在坐标纸上作出工力关系图线. aa完成F列填空;本实验中,为了保训也改变小车中立闾的侦#时，小军所受的拉力近似不交，小旧匣和盘中物块的短星 之利应满足的条件是；年卜飞为川米尺

12、眦1|= 纸带的恃必灯诃加5；, 5：和f表示为。=山图可读出心事算 中31=cm.代入各数据，便可求得加速度的大小：卜圈为所得实验图线的示意图，设图中直线的斜率为匕在纵轴上的截即为也苦牛顿定律成立，则小 车受到的拉力为.小”的质星为,41.某同学在学校举行托乒乓球跑步比赛时，将球置于球拍中心，以大小a的加速度从静41止开始做匀加速运动，当速度达到 v0时，再以v0做匀速直线运动跑至终点。整个过程中 球一直保持在球中心不动。比赛中，该同学在匀速直线运动阶级保持球拍的倾角为80 ,如右图所示。设球在运动过程中受到的空气阻力与其速度大小成正比，方向与运动方向相 反，不计球与球拍之间的摩擦，球的质量

13、为 mi重力加速度为g,试求：(1)空气阻力大小与球速大小的比例系数 k(2)在加速跑阶段球拍倾角9正切值tan 9随球速v变化的关系式.如图所示，PQ为一固定水平放置的光滑细长杆，质量均为m的两小球A、B 穿于其上，两球被穿于杆上的轻弹簧相连.在A、B两球上还系有长度为2L的 轻线，在轻线中间系有质量不计的光滑定滑轮E, C、D球质量分别为m和2m, 用轻绳连接并跨过定滑轮.释放C、D后，当C、D球运动时轻弹簧长度也为L, 已知劲度系数为K,(弹簧在弹性限度内，重力加速度为g)求：7sm仃羯广(1) G D球运动时，连接C、D的轻纯中张力T;口不好倒甘用聃吴厂口(2)求细杆对A球的弹力Fa大

14、小；“ /yc o OD20.传送带以恒定速度v=4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角8=37 0 .现将质量m=2kg的小物品轻放在其底端(小物品可看成质点),平台上 的人通过一根轻纯用恒力F=20N拉小物品，经11=0.5s小物品与传送带达到瞬 间共速，最终小物品被拉到离地高为H=1.8m的平台上，如图所示，设最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2,已知sin37 0(1)小物品从传送带底端运动到平台上所用的时 问是多少？=0.6 , cos37 0 =0.8 .求：=0.6 , cos37 0 =0.8 .求：12345678ACCCD12345678ACCCDCDB9101

15、112131415满分DBDBCDACDCDADBD60分16.答案：（1）B .钩码个数（或细线拉力），橡皮筋与细线结点的位置 O,细线的方向；C.橡皮筋与细线结点的位置与步骤 B中结点位置重合，钩码个数和对应的细线方向（2） 3/4【答章】间隔相等1远小于小车的质量I与3产，2245m之间均正【解析】民题分析:UXD平衡摩爆力时，如果卜车的重力沿板方向的分力正好等于摩隰力，给小车一 个速度.小丰将做勺速运动，因此打盘计时器打出的点我该是间隔基本相等的由于维线不可伸长，因此小吊盘（包括物块）、小车、磋码一起运动的加速度大打声目等， 设小吊盅（包括物块通质量为 赤，对小吊盘但括物块）根据牛顿第

16、二定律有士目一尸二 的皿 解得！尸=界的曙,化茴得 F= _,当叫时产即+应与用无关.此时在改变小车中祛码的质邕网时，小车所受的擅力近很不变，因此为了保 证在我变小车中倏码时市筵时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的脂量之和应 淘足的条件是：远4子小车和小车中袪码的质量之和，而盗码的所量用可以任意改变，可 取利0,所以成满足的条件是工卜吊盘和盘中物块的商量之和远小于小车的贵量根据匀变速直线运动规律可知，相令利等时间内的位移之差相等，即！又由题意可知打点的时间间隔为AT S 5个间隔标注一个计数点，因此相锚计数点之间的时间间 隔为：F=5A/n A/=:存s -S）= 7;.解得l=Jn

17、相据髭图可读出$】=36 7mm -12.5mm=2.42皿由于刻度尺谈蝴要有怙读仅 因此读数在2392.45g之间均正确工 设细蛀对小车的拉力为K小车的质量为祛码瓶小车一起加速运动的加速度为事根 据牛顿第二定律存？=（+刑刈 解得； + m 所以 七二!=1.解得：Fa r FF F=1，即小车受到的拉力为小车的质量为1. i ittt1.解析：物体先沿斜面向上做匀减速直线运动，后沿斜面向下做匀加速直线运动.根据牛 顿第二定律可知：物体上滑的加速度大于下滑的加速度，则上滑的时间短于下滑的时间， 返回出发点时速度与初速度 V0小.则a图符合物体的运动情况.故选 A2解析：当轻绳的右端从B点移到

18、直杆最上端时，设两绳的夹角为 28.以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示.根据平衡条件得2Fcos 0 =mgMl得到绳子的拉力F=2cOS0 ,所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端时的过程中，8增大，cos 8减小，则F变大.当轻绳的右端从直杆最上端移到 C点时，设两绳的夹角为2a.设绳子总长为L,两直杆间的距离为LS,由数学知识得到sin a=S , L、S不变，则a保持不变.再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变.所以纯中拉力大小变化的情况是先变大后不变.故选C.解析：将两 球和弹簧B看成一个整体，整体 受到总重力G 弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为Fi和

19、F2.由平衡条得知，F2和G的合力与F1大小相等、方向相反则得：Fi= fF2=Fsin30 =0.5 Fi=0.5F 以球2为研究对象；B弹簧的拉力为F3.则：F3=2更联立得F3=3 F根据胡克定律得：F=kx , k相同，则 弹簧A、B、C的伸长量之 比等于弹 簧拉力之比，则 弹簧A、B、C的伸长 量之比为Xa： Xb：Xc=Fi： F2： F3-Bi ： E 故选：c.解析：对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑 动摩擦力，如图根据牛顿第二 定律，有(m+M gsin 8 -仙2 ( m+M gcos0 = (M+m a解彳3 a=g (sin 8 - n 2cos 0 )再又t P

20、物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面 向上的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsin 0 -f=ma由解得f=叱2mgcos 0故选 C.mg=kx拉力Fi为mg=kx拉力Fi为10N时,有 Fi+kx-mg=ma物体与弹簧分离后.解析：当A、B发生相对运动时的加速度a=M = 102=2m/s .则发 生相 对运动 时取 大拉 力F= ( m+mO a=14X 2N=28N.20 10A、当F=20N时，整体的加速度a=4+L0 J n/s2,则A对B的摩擦 力f=mBa=10 x1.07 N=14.2N . A错误. B 、当F28N, A、B间就发生相对运动，C错误D正确； 故选：

21、D.解析：A、由于匀加速直线运动的初速度未知，仅知道第 3s内的位移，无法求出物体 的加速度、3s末的速度以及第5s内的位移，故ABD昔误令物体白初速度为vom/s,力口速 度为am/s2,则根据匀变速直线运动的位移时间关系有：物体在第 3s内的位移11111X3=3vo+2a?32-(2v o+a?22)m= (vo+1 ) m.物体在前 5s 内的位移 x=5v0+? a?52m=5(研+5a，)m因为X3=5m. x=25m即C正确.故选C.解析：以物体乙为研究对象，受力情况如图所示，则有垂直斜面方向有：Fncos a =mgcos 0 沿斜面方向有：F乙 =mgsin 8+Rsin a

22、由于a逐渐减小，则Fn逐渐减小，所以F乙逐渐减小.根据牛顿第三定律可知：F尸F乙，故Fi逐渐减 小.所以AB错误.以整体为研究对象，则有斜面的支持力：F= (m+m) gcos 0 ,显然保持不变.根据牛顿第三定律可知：52=5支=(m+m) gcos 0 ,显然保持不变.故C错误，D正确.故选D.解析：首先由于A和C用轻纯相连，时刻有相同的速 度；而B分别受到A和C的摩擦力，而由于C能提供的 摩擦力要比A能提供的摩擦力要大，所以物体B 一定随C 一起运动； 由此，我们发现B和C之间是相对静止的，可以看做一个物体，BC整体受到向 左的拉力，向右绳子的拉力和A给摩擦力，根据受力平衡，有F=f A

23、对BC +f 地面对 bc+T 绳子拉力=1N+6N+1N=8N 故选 B.解析：A、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；B、C、D、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡,有弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律, ，拉力F2为30N,根据牛顿 第二定律,有F2-mg=ma代入数据解得 m=2kg k=500N/m=5N/cma=5m/s 2故B错误，C错误，D正确；故选：D.a=5m/s 2故B错误，C错误，D正确；故选：D.平衡条件得：摩擦力：f二,f平衡条件得：摩擦力：f二,f的方向与F和mgsin撤去F后，物体对斜面的压力没有变化，所以最大静摩擦力也没有变化，此

24、时mgsin a f m,故物体不会沿斜面下滑.选项A错误.B、撤去F后，摩擦力方向沿斜面向上，与撤去F前不同.故B正确.C、D由平衡条件得，撤去F后，摩擦力大小为f =mgsin a f,即摩擦力变 小.故D正确，C错误.故选BD.解析：当时间处在to时，由于F=0,因此AB的加速度均为0,因此此时A不受B的 静摩擦力，因此A错误to前，F对AB做正功，然后F对AB做负功，因此to时刻速度最大 由于AB相对静止，因此A的加速度与A、B整体加速度相同，因此 A受到的静摩擦力设为 f, A的质量为m, B为M,因此有 卡阳 姐因此f与F成正比，所以F越大，f越大， 因此在o与2to时刻，静摩擦力

25、最大o2to是速度由o到最大然后又减到o的过程，因2to 时刻距离出发点最远.故选BCD.解析：A由题分析可知，在 A下落至地面前的过程中，B一直处于静止状态，即B始 终处于平衡状态.故A正确.B、在A下落至地面前的瞬间物体B恰好对地面无压力，此时弹簧的拉力恰好等于 B的重 力2mg A先处于失重状态，后处于超重状态.故 B错误.G A下落至地面前瞬间速度恰好为零，高度下降 h,则A物体的动能没有变化，重力势能 减小mgh机械能减小mgh故C正确.D以A研究对象，A落地前的瞬间，受到拉力和重力作用，拉力大小等于2mg重力大小为mg由牛顿第二定律分析彳#到加速度的大小为 g,方向竖直向上.故D正

26、确.本题选正确的，故选ACD.解析：A、若物体从右端滑到左端和从左端滑到右端的过程中一直相对于传送带滑动， 此时滑动摩擦力产生加速度，两者加速度相等，运动的位移相等，都做匀变速运动，所以U D球在矍直方向做勾变速运动，则它们的加速度大小为：a=U D球在矍直方向做勾变速运动，则它们的加速度大小为：a=2mg-mg = lg 3m 3以C球为研究对象r则有：T-mg=ma 般由曷为:T=mq.ma=：mg19题答案C 2 )对涓轮,设AE战的拉力为T1 f有:2TiCOs30D = 2T得：mg9对ASE f在竖直方向;FA=mg+T15inWD 7得：h=(3)对A球:在水平方向有：F弹=Leo比04m 3得：$=mg 9弹簧被压缩，所以弹簧原长;Lq=L+x=L+ = L+lMmg k 9k答:(1 ) C、D球运动时r连接J D的轻绳中张力为:mg ;(2 )如杆对A球的强力F&大小为工mg ;3 )弹簧的L+?mg .化题答案在匀速运动阶设有.咕Wtan鼻=%加速阶段/世球拍对型的重持力为有27fcos= mg.13 分）椁 tan & = afg + v tan % /v0运动的时间相等，否则不等，故 A错误；B、若V2vi,物体从左端滑上传送带时所受的滑动摩