2019人教版高考物理一轮优练题9及答案

1、2019人教版高考物理一轮优练题（9）及答案1、跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目，当运动员从直升机上相对直升机由静止跳下后，在下落过程中会受到水平风力的影响，下列说法中正确的是()A风力越大，运动员下落时间越长，运动员可完成更多的动作B风力越大，运动员着地速度越大，有可能对运动员造成伤害C运动员下落时间与风力有关D运动员着地速度与风力无关【答案】B根据运动的独立性可知，水平方向吹来的风不会影响竖直方向的运动，A、C错误；根据速度的合成可知，落地时速度v，风力越大，vx越大，则运动员落地时速度越大，B正确，D错误2、(自锁现象及其应用)(2019·河北衡水中学二调)如图甲所示,质

2、量为M的直角劈B放在水平面上,在劈的斜面上放一个质量为m的物体A,用一个竖直向下的力F作用于A上,物体A刚好沿斜面匀速下滑。若改用一个斜向下的力F'作用在A时,物体A加速下滑,如图乙所示,则在图乙中关于地面对劈的摩擦力Ff及支持力FN的结论正确的是()A.Ff=0,FN>MgB.Ff=0,FN<MgC.Ff向右,FN<MgD.Ff向左,FN>Mg答案A解析设斜面的倾角为。对于题图甲,以A为研究对象,分析受力,作出力图如图1。根据平衡条件得(mg+F)sin=(mg+F)cos得到=tan对于题图乙,以B为研究对象,分析受力,作出力图如图2。设地面对B的方向水平向

3、右,根据平衡条件得水平方向:Ff=Ff1cos-FN1sin又Ff1=FN1得到Ff=FN1cos-FN1sin=tan·FN1cos-FN1sin=0。竖直方向:FN>Mg故选A。3、(多选)(对牛顿第二定律的理解)由牛顿第二定律可知,无论怎样小的力都可以使物体产生加速度,可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时,却推不动它,这是因为()A.牛顿第二定律不适用于静止物体B.有加速度产生,但数值很小,不易觉察C.静摩擦力等于水平推力,所以桌子静止不动D.桌子所受合力为零,加速度为零,所以静止不动答案CD解析用很小的力来推桌子,这个力小于最大静摩擦力,合力是零,根据牛顿第二定

4、律,加速度等于零,所以静止不动,即牛顿第二定律适用于静止物体,A、B错误,D正确;桌子受力平衡,水平方向上静摩擦力等于水平推力大小,C正确。4、(运动的合成与分解)(2019·深圳市高级中学月考)质量为m的物体P置于倾角为1的固定光滑斜面上,轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车,P与滑轮间的细绳平行于斜面,小车以速率v水平向右做匀速直线运动。当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角2时(如图),下列判断正确的是()A.P的速率为vB.P的速率为vcos 2C.绳的拉力等于mgsin 1D.绳的拉力小于mgsin 1答案B解析将小车速度沿绳子和垂直绳子方向分解为v1、v2,P的速率等于v

5、1=vcos2,A错误、B正确;小车向右做匀速直线运动,减小,P的速率增大,绳的拉力大于mgsin1,C、D错误。故选B。7.(小船过河)(2019·江苏如皋期末)小船过河时,船头偏向上游与水流方向成角,船相对静水的速度为v,其航线恰好垂直于河岸。现水流速度稍有增大,为保持航线不变,且准时到对岸,下列措施中可行的是()A.增大角,增大船速vB.减小角,增大船速vC.减小角,保持船速v不变D.增大角,保持船速v不变答案A解析保持航线不变,且准时到达对岸,即船的合速度大小和方向均不变,由图可知,当水流速度v水增大时,应使角增大,v也增大,故选A。5、(近地卫星、赤道上物体及同步卫星的运行

6、问题) (2019·南通模拟)北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统,包括5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星,具有定位、导航、授时等功能,如图所示,A、B为“北斗”系统中的两颗工作卫星,其中卫星A是静止轨道卫星,C是地球赤道上某点,已知地球表面处的重力加速度为g,不计卫星的相互作用力,以下判断中正确的是()A.A、B、C三者的线速度大小关系为vC>vB>vAB.A、B、C三者的周期大小关系为TA=TC>TBC.A、B、C三者的向心加速度大小关系为aA<aB<aC=gD.A、B、C三者的向心加速度大小关系为aA<aB<a

7、C<g答案B解析静止轨道卫星即地球同步卫星,其周期(角速度)等于地球自转周期(角速度),有TA=TC对卫星A、B:根据T=,因为rA>rB,所以TA>TB,所以有TA=TC>TB,对卫星A、B:根据v=,因为rA>rB,所以vA<vB,对卫星A、C,根据v=r,因为rC<rA,所以vC<vA,所以vC<vA<vB,故A错误,B正确;对卫星A、B:根据a=,因为rA>rB,所以aA<aB对A、C具有相同的角速度,根据a=2r,知aA>aC,因为赤道上的物体随地球自转所需的向心力很小,远小于重力,即maC<mg,即

8、aC<g,所以aC<aA<aB<g,故C错误,D错误。6、(多选)某人通过滑轮将质量为m的物体,沿粗糙的斜面从静止开始匀加速地由底端拉到斜面顶端,物体上升的高度为h,到达斜面顶端时的速度为v,如图所示。则在此过程中()A.物体所受的合外力做的功为mgh+mv2B.物体所受的合外力做的功为mv2C.人对物体做的功为mghD.人对物体做的功大于mgh答案BD解析物体沿斜面做匀加速运动,根据动能定理W合=WF-Wf-mgh=mv2,其中Wf为物体克服摩擦力做的功。人对物体做的功即是人对物体的拉力做的功,所以W人=WF=Wf+mgh+mv2,A、C错误,B、D正确。7、(动量定

9、理的理解及应用)(2019·河北邯郸广平一中期中)从同一高度自由落下的玻璃杯,掉在水泥地上易碎,掉在软泥地上不易碎。这是因为()A.掉在水泥地上,玻璃杯的动量大B.掉在水泥地上,玻璃杯的动量变化大C.掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量大,且与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大D.掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大,但与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大答案D解析杯子从同一高度落下,到达地面时的速度一定相等,故着地时动量相等;与地面接触后速度减小为零,故动量的变化相同,由动量定理I=p可知,冲量也相等;但由于在软泥地上,软泥地的缓冲使接触时间较长,由I=

10、Ft可知,杯子受到的作用力较小,故杯子在水泥地上比在软泥地上更易破碎;只有D选项正确。8、(多选)(库仑力作用下带电体的平衡问题)如图所示,把A、B两个相同的导电小球分别用长为0.10 m的绝缘细线悬挂于OA和OB两点。用丝绸摩擦过的玻璃棒与A球接触,棒移开后将悬点OB移到OA点固定。两球接触后分开,平衡时距离为0.12 m。已测得每个小球质量是8.0×10-4 kg,带电小球可视为点电荷,重力加速度g取10 m/s2,静电力常量k=9.0×109 N·m2/C2,则()A.两球所带电荷量相等B.A球所受的静电力为1.0×10-2 NC.B球所带的电荷量

11、为4×10-8 CD.A、B两球连线中点处的电场强度为0答案ACD解析根据电荷量均分原理知,两小球电荷量相同,A选项正确;两小球接触后再分开后的位置如图所示,已知=0.10m,=0.12m,根据几何知识可知=37°。对A进行受力分析如图所示,将A受到的库仑力和重力合成后合力沿OAA的延长线,可得Fq=mgtan=6×10-3N,B选项错误;根据库仑定律Fq=,可得q=,其中l=0.12m,代入数据得q=4×10-8C,C选项正确;A、B带的电荷量相等且同种性质,所以连线中点处电场强度为零,D选项正确。9、(多选)(2019·北京西城区模拟)一只

12、电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为u=311sin (314t) V的交流电源上(其内阻可忽略不计),均能正常工作。用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0 A,通过洗衣机电动机的电流为0.50 A,则下列说法正确的是()A.电饭煲的电阻为44 B.电饭煲消耗的电功率为1 555 W,洗衣机电动机消耗的电功率为155.5 WC.1 min内电饭煲消耗的电能为6.6×104 J,洗衣机电动机消耗的电能为6.6×103 JD.电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的10倍答案AC解析由于电饭煲是纯电阻元件,所以R1=44,P1=UI1=1100W,其在1min内消耗的电能W1=

13、UI1t=6.6×104J。洗衣机为非纯电阻元件,所以R2,P2=UI2=110W,其在1min内消耗的电能W2=UI2t=6.6×103J。其热功率P热P2,所以电饭煲发热功率不是洗衣机电动机发热功率的10倍。10、(多选)(带电粒子在磁场中的圆周运动)(2019·甘肃一诊)下图为研究带电粒子在匀强磁场中的运动的演示仪结构图。若励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外,电子束由电子枪产生,其速度方向与磁场方向垂直且水平向右,电子速度的大小v和磁场的磁感应强度B可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节,则下列说法正确的是()A.仅增大励磁线圈中的电流,电子

14、束运动轨迹的半径将变大B.仅提高电子枪的加速电压,电子束运动轨迹的半径将变大C.仅增大励磁线圈中的电流,电子做圆周运动的周期不变D.仅提高电子枪的加速电压,电子做圆周运动的周期不变答案BD解析电子经电场加速,根据动能定理,得eU=mv2,进入匀强磁场中做匀速圆周运动,轨迹半径r=,代入v可得r=,选项A错误,选项B正确;电子在磁场中做圆周运动的周期T=,与速度无关,与磁场强度有关,选项C错误,选项D正确。11、(多选)(楞次定律的应用)(2019·江西景德镇模拟)如图所示,一根长导线弯曲成“”形,通以直流电流I,正中间用绝缘线悬挂一金属环C,环与导线处于同一竖直平面内。在电流I增大的

15、过程中,下列判断正确的是()A.金属环中无感应电流产生B.金属环中有逆时针方向的感应电流C.悬挂金属环C的竖直线的拉力大于环的重力D.悬挂金属环C的竖直线的拉力小于环的重力答案BC解析=BS,S不变,I增大,B增大,所以有感应电流产生,A错误;由楞次定律得,感应电流方向沿逆时针,B正确;由于环的上半部分所在处的B大于下半部分所在处的B,所以安培力以上半部分为主,I方向向左,B垂直纸面向里,则F安方向向下,所以F拉=mg+F安,拉力大于重力,C正确,D错误。12、.(交变电流的产生)如图所示为一台发电机的结构示意图,其中N、S是永久磁铁的两个磁极,它们的表面成半圆柱面形状。M是圆柱形铁芯,铁芯外

16、套有一矩形线圈,线圈绕铁芯M中心的固定转轴匀速转动。磁极与铁芯之间的缝隙中形成方向沿半径的辐向磁场。若从图示位置开始计时电动势为正值,则下列图中能正确反映线圈中感应电动势e随时间t变化规律的是()答案D解析由磁场分布特点知,线圈在每一个位置的切割磁感线情况相同,故感应电动势大小是相同的,方向做周期性变化。13、(多选)如图是某金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能Ek与入射光频率的关系图象。由图象可知()A.该金属的逸出功等于EB.该金属的逸出功等于h0C.入射光的频率为20时,产生的光电子的最大初动能为ED.由该图象可得出普朗克常量h=答案ABC解析由爱因斯坦的光电效应方程可知,Ek=h-W,对应图线可得该金属的逸出功W=E=h0,A、B均正确;若入射光的频率为20,则产生的光电子的最大初动能Ek'=2h0-W=h0=E,故C正确;由E=h0可得h=,D错误。14、(2019·江西会昌模拟)在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下,“河北锦绣”“银河”等13艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域,此次护航总