化学分析试题及答案一

1、-化学分析试题及答案一 分数一、填空题每空1分，共20分1测定铁含量得如下数据：23.70%、23.73、23.81%、23.60%、23.72%，它们的平均值是。平均结果的相对误差为：_，相对平均偏差为：_，中位数为：_。2配制0.1mol/LHCl溶液250mL，应量取浓HClmL，加mLH2O。 3配位滴定中，滴定不同的金属离子需要不同的最低pH，这最低pH又称为。 4在分析工作中，实际上能测量到的数字称为，称量*样品0.6754g其有效数字的位数为。5用EDTA标准溶液滴定水中的Ca2+、Mg2+，共存的Fe3+、Al3+离子干扰测定，假设参加使之与Fe3+、Al3+生成更稳定的配合物

2、，则Fe3+、Al3+干扰可消除。6假设溶液中既存在酸效应，又存在配合效应，则条件稳定常数lgK´MY 。7酸效应系数表示的是未参加主反响的EDTA的各种存在形式的与能参加配合反响的EDTA的浓度之比。8标定EDTA溶液常用的基准物有、。9标定溶液常用基准物邻苯二甲酸氢钾。10选择指示剂应根据。11滴定度TFe/KMnO4 =0.001234g/mL，其表示的是。12H2C2O4为二元弱酸，其分布系数H2C2O4，C2O42。二、单项选择题：每题3分，共24分1能用标准碱溶液直接滴定的以下物质溶液 。(NH4)2SO4(KNH31.8×105)邻苯二甲酸氢钾(Ka2=2.9

3、×105)苯酚(Ka=1.1×1010) NH4Cl(KNH31.8×105)2标定HCl溶液的基准物是 。H2C2O4·2H20CaCO3无水Na2CO3邻苯二甲酸氢钾30.01250mol/LAgNO3溶液25.00ml正好与28.00mLKCl溶液反响完全，则KCl溶液的浓度是 mol/L。0.014000.011160.01250 0.055604将1.1200克含Ca2+试样定容于250mL容量瓶中，移取25.00mL用0.02000mol/LEDTA溶液滴定至终点，消耗EDTA30.00mL，则试样中CaO的含量为 。MCaO=56.06%1

4、2%30% 60%5*试样为NaOH和Na2CO3的混合液，用HCl标准溶液滴定，先以酚酞为指示剂，消耗HCl溶液的体积为V1mL，再以甲基橙为指示剂，继续用HCl溶液滴定，又消耗HCl溶液的体积为V2mL，V1与V2的关系是 。V1V2V12V2V1<V2V1>V26两组分析人员对同一含铁的样品用分光光度法进展分析，得到两组分析数据，要分析两组分析的精细度有无显著差异，应该用以下方法中的哪一种 Q检验法F检验法格鲁布斯(Grubbs)法 t检验法7Fe的含量为1.243×102 %，该数据的有效数字为 位。2 43 68.用0.2000mol/LHCl溶液滴定Na2CO

5、3到第一化学计量点，此时可选择的指示剂是 。甲基橙3.14.4 甲基红4.46.2百里酚酞9.410.6 溴甲酚绿4.05.6三、简答题：每题4分，共16分1根据以下给出的数据，说明准确度和精细度的关系。甲 乙 丙 编号 1 30.22 30.20 30.42 编号 2 30.18 30.30 30.44 编号 3 30.16 30.25 30.40 编号 4 30.20 30.35 30.38 平均值 30.19 30.28 30.41 真实值 30.39 30.39 30.392为什么氢氧化钠标准溶液可直接滴定醋酸Ka=1.8×10-5,而不能直接滴定硼酸(Ka=5.8×

6、;10-10).如何滴定硼酸的含量.3以铬黑T为例，说明金属指示剂的作用原理。4标定HCl标准溶液的基准物是什么.写出标定HCl标准溶液的反响方程式或离子反响方程式，选用何种指示剂.四、计算pH值。每题4分共16分1.计算0.10mol/LCH3COOH溶液的pH值。KCH3COOH=1.8×1052.计算0.20mol/LNH4Cl溶液的pH值。：KNH4Cl=1.8×1053.计算0.10mol/LNaH2PO4溶液的pH值。H3PO4：pKa1=2.12；pKa2=7.20mol/Lmol/LHAc溶液，求混合溶液的pH值。：KHAc=1.8×105五、综合

7、计算题。每题5分共20分1碳酸钙试样0.1802g参加50.00mL C(HCl)=0.1005mol/L的HCl溶液，反响完全后，用C(NaOH)=0.1004mol/L的NaOH溶液滴定剩余的HCl，用去18.10mL，求CaCO3的含量。：MCaCO3=100.092称取混合碱试样1.2000g溶于水，用0.5000mol/LHCl溶液15.00mL 滴至酚酞恰好褪色，再滴加甲基橙指示剂，又用HCl标准溶液22.00mL滴定至橙色，求混合碱中的各组分含量。：MNaOH=40.00 MNaHCO3=84.01 MNa2CO3=105.99 3分析Cu-Zn-Mg合金，称取0.5000g试样

8、，溶解后配成100.0mL试液,移取25.00mL，调pH=6.0，用PAN作指示剂，用0.05000mo1/LEDTA滴定Cu2+和Zn2+用去37.30mL。另移取25.00mL调至pH=10，加K，掩蔽Cu2+和Zn2+，以铬黑T为指示剂，用上述EDTA标准溶液滴至终点，用去4.10mL,然后再滴加甲醛以解蔽Zn2+，再用EDTA滴定，又用去13.40mL，计算试样中Cu2+、Zn2+、Mg2+的各自含量。：MZn=65.39 MCu=63.54 MMg=24.304分析NaOH溶液浓度，平行测定四次的结果为0.1014, 0.1012, 0.1023和0.1016 mol/L，用Q检验

9、法对数据进展取舍后，求平均值、标准偏差和置信度为90%时平均值的置信区间。n=4 Q=0.76 n=3 t =2.92 n=4 t=2.35 参考答案一、填空题每空1分，共20分1 23.71 % 、_0_、_1.05%_、_23.72%_。2 2.1 mL， 247.9 mLH2O。 3 最高允许酸度 4 有效数字 、 4 。5 三乙醇胺 。6 lgKMY lgMlgYH7 总浓度、 平衡浓度 8 Zn或ZnO 、 CaCO3。9 NaOH 10 变色在滴定突跃围 11 每毫升KMnO4滴定Fe的克数 。12，C2O42。二、单项选择题：每题3分，共24分三、简答题：每题4分，共16分1.

10、答：丙的准确度高，精细度也高；乙的准确度不高，精细度也不高； 甲的准确度不高，精细度高。2.答：当C Ka>10-5时可直接滴定，醋酸满足该条件可直接滴定。硼酸不满足该条件不可直接滴定，当参加甘油生成甘油酸时，可满足该条件可直接滴定。3.答： pH=6.3 pH=810 pH>11.6紫红色 蓝色 橙色滴定前 蓝色 红色滴定至化学计量点附近 红色 蓝色4.答：重铬酸钾为标定Na2S2O3标准溶液的基准物。 反响式：Cr2O726I14H=2Cr33I27H2O I22S2O42=S4O622I 指示剂：淀粉四、计算pH值。每题4分共16分1答：c/Ka>500pH=2.872

11、.答： pH=4.983.答： 0.5 ×(pKa1pKa2) 4.664.答：pH=8.72五、综合计算题。每题5分共20分1答：2V1<V2混合碱为Na2CO3和NaHCO3。3答：=35.05%=3.985%=35.33%4答：置信度为0.90 n=4 t=2.35分析化学 试卷A卷来源： 威的日志一、单项选择题在每题的四个备选答案中，选出一个正确的答案，并将其代码填入题干前的括号。每题2分，共30分 1KMnO4滴定Na2C2O4时，第一滴KMnO4溶液的褪色最慢，但以后就变快，原因是：A反响产生Mn2+，它是KMnO4与Na2C2O4反响的催化剂B该反响是分步进展的，

12、要完成各步反响需一定时间C当第一滴KMnO4与Na2C2O4反响后，产生反响热，加快反响速度DKMnO4电位很高，干扰多，影响反响速度反响产生Mn2+，它是KMnO4与Na2C2O4反响的催化剂 2*人根据置信度为95%对*项分析结果计算后，写出了如下五种报告。哪个是合理的.A(25.48+0.1)% B(25.48+0.13)% C(25.48+0.135)% D(25.48+0.1348)% 3Morh莫尔法中所用指示剂K2CrO4的量大时，会引起：A 测定结果偏高 B测定结果偏低C大的系统误差 D大的随机误差 4高吸光度示差分光光度法和一般的分光光度法的不同点在于参比溶液的不同。前者的参

13、比溶液为:A溶剂 B试剂空白 C在空白溶液中参加比被测试液浓度稍低的标准溶液D在空白溶液中参加比被测试液浓度稍高的标准溶液 5重量分析中,影响弱酸盐沉淀形式溶解度的主要因素有:A水解效应 B酸效应 C盐效应 D同离子效应 6*硅酸盐试样的主要成份为SiO2,Al2O3,CaO,MgO。微量成分有Fe2O3,TiO2。今欲测定其中Fe2O3含量,宜选用的方法是：AEDTA法 B重量法 CK2Cr2O7法 D分光光度法 7用标准NaOH溶液滴定同浓度的HCl，假设两者的浓度均增大10倍，以下表达滴定曲线PH突跃大小，正确的选项是：A 化学计量点前0.1%的PH减小，后0.1%的PH增大 B化学计量

14、点前后0.1%的PH均增大 C化学计量点前后0.1%的PH均减小 D化学计量点前0.1%的PH不变，后0.1%的PH增大 8在浓度一样的以下盐的水溶液中，其缓冲作用最大的是：ANaHCO3 BNaH2PO4 CNa2B4O7·10H2O DNa2HPO4 9为了测定水中Ca2+,Mg2+的含量，以下消除少量Fe3+,Al3+干扰的方法中，哪一种是正确的.A于PH=10的氨性溶液中直接参加三乙醇胺 B于酸性溶液中参加K，然后调至PH=10 C于酸性溶液中参加三乙醇胺, 然后调至PH=10的氨性溶液 D参加三乙醇胺时，不需要考虑溶液的酸碱性 10晶形沉淀的沉淀条件是A浓、冷、慢、搅、 B

15、稀、热、快、搅、C稀、热、慢、搅、 D稀、冷、慢、搅、 11利用以下反响进展氧化复原滴定时，其滴定曲线在计量点前后为对称的是A 2Fe3+Sn2+=Sn4+2Fe2+；BI2+2S2O32-=2I-+S4O62-；CCe4+Fe2+=Ce3+Fe3+； DCr2O72-+6Fe2+=2Cr3+6Fe3+7H2O。 12以0.002000 mol·L-1EDTA溶液滴定0.002000 mol·L-1Zn2+离子(lgKMY=16.50)时,假设有Ca2+离子(lgKMY=10.50)存在,如果允许误差为+0.1%,PM=0.2，能允许Ca2+离子存在的最大浓度(单位: mo

16、l·L-1)为:A0.0010 B0.0020 C0.0030 D0.0040 13以0.100mol·L-1NaOH滴定20.00mL0.100mol·L-1盐酸羟胺(pKb=8.00)溶液，则滴定至化学计量点的pH是A2.5 B2.65 C4.65 D9.35 14*溶液PH值为0.070，其氢离子浓度的正确值为：A0.85 mol·L-1 B0.8511 mol·L-1C0.8 mol·L-1D0.851 mol·L-1 15液液萃取别离的根本原理是利用物质在两种不同溶剂中的A 溶解度不同 B分配系数不同C溶度积不同

17、D交换常数不同得分 评卷人二、填空题每题2分，共30分1均相沉淀法是利用溶液中_地产生沉淀剂的方法,使溶液中沉淀物的_维持在很低的水平,并能在较长时间维持_状态,从而获得构造严密、粗大而纯洁的晶形沉淀。2由于一种氧化复原反响的发生，促进另一种氧化复原反响进展的现象，称为_作用，前一反响称为_，后一反响称为_。3*学生测定铁矿石中铁的百分含量,得如下数据:33.64,33.83,33.40,33.50。经计算得出此结果的平均值为_;平均偏差为_,标准偏差为_;变异系数为_。4在称量过程中天平零点略有变动会造成_误差。5判断两组分能否用纸色谱法别离的依据是_值，两组分各自的_相差愈_，说明别离效果

18、愈_。6将380g纯NaCl放入一水桶中并充满水。取100ml该溶液以0.0747mol·L-1AgNO3滴定,耗去32.24ml。则该水桶的体积为_。(Mr,NaCl=58.443)7 EDTA的酸效应曲线是指，当溶液的PH越大，则_越小。8写出Na2HPO4水溶液的质子条件。9佛尔哈德(Volhard)法既可直接用于测定_离子,又可间接用于测定_离子。10间接碘量法的主要误差来源是和。11Al(OH)3和MgNH4PO4沉淀灼烧后的称量形式分别是_、_。12在萃取别离中，同量的萃取溶剂分几次萃取的效率比一次萃取的效率。但增加萃取次数会。13选择测定方法时，主要考虑方法的_度和_度

19、是否符合要求，在保证上数量要求的情况下，选用较_的测定方法。14 多组分分光光度法可用联立方程的方法求得各组分的含量，这是基于。15沉淀滴定中，佛尔哈德法测定时，为保护沉定不被溶解须参加的试剂是_。得分评卷人三、简答题每题3分，共12分1简述返滴定法、置换滴定法与间接滴定法三者的异同点。NaS2O3为什么不能用来直接滴定K2Cr2O7.EDTA为什么不能直接滴定Al3+.2举例说明共沉淀现象及继沉淀现象。3简述标准曲线偏离朗伯比尔定律的原因。得分评卷人四、计算题每题7分，共28分1称取软锰矿0.1000g，用Na2O2熔融后，得到MnO42-，煮沸除去过氧化物。酸化溶液，此时MnO42-歧化为

20、MnO4-和MnO2。然后滤去MnO2，滤液用21.50mL0.1200mol·L-1标准溶液滴定Fe2+。计算试样中MnO2的含量Mr，MnO286.94 有关反响为：MnO2+Na2O2=Na2MnO4 3MnO42-+H+=2MnO4-+MnO2+2H2O 2 以0.1000 mol·L-1NaOH溶液滴定0.1000 mol·L-1的*二元弱酸H2A溶液。当中和至PH=1.92时，H2A=HA-,中和至PH=6.22时，HA-=A2-。计算1中和至第一化学计量点时，溶液的PH值是多少.选用何种指示剂.2中和至第二化学计量点时，溶液的PH值是多少.选用何种指

21、示剂. 3 在PH=5.0时用2×10-4 mol·L-1EDTA滴定同浓度的Pb2+，以二甲酚橙(*O)为指示剂。(1)以HAc-NaAc缓冲溶液控制酸度，HAc=0.2 mol·L-1，Ac-=0.4 mol·L-1；(2)以六次甲基四胺缓冲溶液控制酸度。乙酸铅络合物的1=101.9，1=103.3；(CH2)6N4根本不与Pb2+络合。计算(1) ，(2)的终点误差。 PH=5.0时，PPbep=7.0，lgY(H)=6.6；lgKPbY=18.0 4计算AgI在0.010mol·L-1Na2S2O3-0.010 mol·L-1

22、KI溶液中的溶解度。(Ksp=9.3×10-17；Ag+-S2O32-络合物的lg1lg3分别为8.82，13.46，14.15西北民族大学化工学院部期末考试分析化学试卷A卷参考答案及评分标准专业:课程代码: 19002051一、单项选择题每题2分，共30分1A； 2B； 3B； 4C； 5B；6D； 7A； 8C； 9C； 10C；11C；12A；13D；14A； 15B。二、填空题每题2分，共30分 1缓慢 过饱和度 过饱和2诱导 诱导反响 受诱反响333.59 0.14 0.19 0.574随机5比移 比移值 大 好6270升(L)7 lgY(H)PH lgY(H)8H+H2P

23、O4-+2H3PO4=PO43-+OH-9银 卤素10碘(I2)的挥发 碘离子(I-)的氧化11Al2O3 Mg2P2O712高 增加萃取工作的工作量，影响工作效率13准确 精细 快速14各组分在同一波长下吸光度具有加合性15硝基苯三、简答题每题4分，共12分1答：返滴定是在试液中参加过量的标准溶液，再用另一种标准溶液来滴定过量的标准溶液；置换滴定法是利用置换反响置换出的物质用标准溶液滴定；间接滴定法是有些物质不与标准溶液反响的物质有时可以通过另外的化学反响，以滴定法间接测定。因为NaS2O3与K2Cr2O7之间的氧化复原反响无定量关系，所以NaS2O3不能用来直接滴定K2Cr2O7。 因为A

24、l3+和EDTA的反响很慢，反响不能立即完成，故不能用直接滴定法进展滴定。2答：共沉淀现象，例如测定SO42时,以BaCl2为沉淀剂，如果试液中有Fe3+存在，当析出BaSO4沉淀时，本来是可溶性的Fe2(SO4)3也被夹在沉淀中。BaSO4和PbSO4，BaSO4和KMnO4等，也都可以产生共沉淀现象。 继沉淀现象，一定酸度的Zn2+离子溶液中，通入H2S气体。此时由于形成过饱和溶液，析出ZnS沉淀的速度非常慢。如在上述溶液中参加Cu2+，通入后，首先析出CuS沉淀。沉淀放置一段时间后，便不断有ZnS在CuS的外表析出。用草酸盐沉淀别离Ca2+和Mg2+时，也会产生继沉淀现象。3偏离朗伯-比

25、尔定律的原因主要是仪器或溶液的实际条件与朗伯比尔定律所要求的理想条件不一致。主要有以下几方面的原因：(1)非单色光引起的偏离；(2)介质不均匀引起的偏离；(3)由于溶液本身的化学反响引起的偏离。四、计算题每题7分，共28分1解：有关反响为：MnO2+Na2O2=Na2MnO4 3MnO42-+H+=2MnO4-+MnO2+2H2O滴定反响为： MnO4-+5Fe2+8H+=Mn25Fe3+4H2O由上述反响可知1molMnO2=1molMnO42-=2/3molMnO4-=10/3mol Fe2+故 MnO2%=(3/10CFe2+×VFe2+×10-3×MMnO

26、2/ms)×100 =(3/10×0.1200×21.50×10-3×86.94/0.1000)×100 =67.292解：根据H2A=HA-可得 H+2=Ka1H+ Ka1=H+=1.2×10-2根据HA-=A2-可得Ka1H+= Ka1Ka2Ka2=6.02×10-7(1)滴至第一化学计量点时，生成NaHA，为两性物质，CHA=0.0500 mol·L-1，c Ka220Kw，但c与Ka1比较，不能忽略，故H+= Ka1Ka2C/( Ka1+C)1/2 = 1.2×10-2×6.02×10-7×0.0500/(1.2×10-2 +0.0500)1/2=7.6×10-5 mol·L-1PH=4.12选用甲基橙做指示剂(2)滴至第二化学计量点时，生成Na2A，CA2-=0.0333 mol·L-1,因为 CA2- ·Kb1= CA2- ·Kw/ Ka2 =0.0333×(10-14/6.02×10-7)20KwCA2-/ Kb2=0.0333/