动量和能量中的滑板滑块模型专题

1、动量和能量中的滑块一滑板模型1、五大定律和两大定理是该模型试题所用知识的思维切入点。该模型试题一般主要是考查学生对上述五大定律和两大定理的综合理解和掌握，因此，学生在熟悉这些定律和定理的内容、研究对象、表达式、适用条件等基础上，根据试题中的已知量或隐含已知量选择解决问题的最佳途径和最简捷的定律，以达到事半功倍的效果。2、由于滑块和木板之间依靠摩擦力互相带动，因此，当滑块和木板之间的摩擦力未知时，根据动能定理、动量定理或能量守恒求摩擦力的大小是该模型试题的首选思维切入点。3、滑块和木板之间摩擦生热的多少和滑块相对地面的位移无关，大小等于滑动摩擦力与滑块相对摩擦面所通过总路程之乘积是分析该模型试题

2、的巧妙思维切入点。若能先求出由于摩擦生热而损失的能量，就可以应用能量守恒求解其它相关物理量。4、确定是滑块带动木板运动还是木板带动滑块运动是分析该模型运动过程的关键切入点之一.当（没有动力的）滑块带动木板运动时，滑块和木板之间有相对运动，滑块依靠滑动摩擦力带动木板运动；当木板带动滑块运动时，木板和滑块之间可以相对静止，若木板作变速运动，木板依靠静摩擦力带动滑块运动。三、专题训练1 .如图所示，右端带有竖直挡板的木板B,质量为M长L=1.0m,静止在光滑水平面上.一个质量为m的小木块（可视为质点）A,以水平速度v04.0m/s滑上B的左端，而后与其右2 .如图所示，光滑水平地面上停着一辆平板车，

3、其质量为 2m，长为L,车右端（A点）有一块静止的质量为m的小金属块.金属块与车间有一、三个观点及其概要解决力学问题的三把金钥匙、思维切入点思想观点规律研究对象动力学观点牛顿运动（第一第二第三） 定律及运动学公式单个物体或整体动量观点动量守恒定律系统动量定理单个物体能量观点动能定理单个物体机械能守恒定律能量守恒定律单个 （包含地球） 或系统端挡板碰撞，最后恰好滑到木板B的左端.碰撞时间可忽略（g取10m/s2）.求：（1）A、B最后的速度；（2）木块A与木板B间的动摩擦因数.已知 M=3m并设A与挡板碰撞时无机械能损失,摩擦，与中点C为界，AC段与CB段摩擦因数不同.现给车施加一个向右的水平恒

4、力，使车向右运动，同时金属块在车上开始滑动，当金属块滑到中点C时，即撤去这个力.已知撤去力的瞬间， 金属块的速度为V0,车的速度为 2V0,最后金属块恰停在车的左端(B点)如果金属块与车的AC段间的动摩擦因数为邛，与CB段间的动摩擦因数为科2,求阴与2的比值.3.如图所示，质量为M的小车A右端固定一根轻弹簧，车静止在光滑水平面上，一质量为m的小物块B从左端以速度vo冲上小车并压缩弹簧，然后又被弹回，回到车左端时刚好与车保持相对静止.求整个过程中弹簧的最大弹性势能6和B相对于车向右运动过程中系统摩擦生热Q各是多少？口BWA777777777777774 .如图所示，质量 M=4kg 的滑板B静止

5、放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=0.5m,这段滑板与木块A之间的动摩擦因数=0.2,而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑.可视为质点的小木块A以速度vo=0.2,由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动.已知A的质量 m=1kg,g取 10m/s2.求：(1)弹簧被压缩到最短时木块 A 的速度；(2)木块 A 压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能.1IQB7?7?w7777777Z?7777777777775.一块质量为M长为L的长木板，静止在光滑水平桌面上，一个质量为m的小滑块以水平速度V0从长木板的一端开始在木板上滑动，直到离开木板，滑块刚

6、离开木板时的速度为冷若把此木板固定在水平桌面上，其他条件相同.求：5V0(1)求滑块离开木板时的速度 V；(5M(2)若已知滑块和木板之间的动摩擦因数为求木板的长度.6 .如图所示，质量nA为 4.0kg 的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数B为 0.24,木板右端放着质量nB为 1.0kg 的小物块B（视为质点），它们均处于静止状态.木板突然受到水平向右的 12N-s 的瞬时冲量I作用开始运动，当小物块滑离木板时，木板的动能EA为 8.0J，小物块的动能 5 为 0.50J,重力加速度取 10m/s：求：（1）瞬时冲量作用结束时木板的速度 V。；（2）木板的长度 L.7.如图所

7、示，长木板ab的b端固定一挡板，木板连同档板的质量为M40kg,a、b间距离s=2.0m.木板位于光滑水平面上.在木板a端有一小物块，其质量n=1.0kg，小物块与木板间的动摩擦因数=0.10,它们都处于静止状态.现令小物块以初速V0=4.0m/s 沿木板向前滑动，直到和挡板相碰.碰撞后,小物块恰好回到a端而不脱离木板.求碰撞过程中损失的机械能.8.如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C.的右端，A、BC的质量相等.现A和B以同一速度滑向静止的重物A（视为质点）位于BCB与C发生正碰.碰后B和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力.已知A滑到C的右端而未掉下.试问:从RC发生

8、正碰到A刚移到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍.9.如图所示，光滑水平面上有一质量 M=4.0kg 的带有圆弧轨道的平板车，车的上表面是一段长 L=1.5m 的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径 R=0.25m 的 I 光滑圆弧轨道，圆弧轨4道与水平轨道在 O点相切。现将一质量 m=1.0kg 的小物块（可视为质点）以水平向左的初速度V0滑上平板车，小物块与水平轨道间的动摩擦因数2.能到达圆弧轨道的最局点 A。取 g=10m/,求：(1)(2)(3)大？小物块滑上平板车的初速度V0的大小。小物块与车最终相对静止时，它距O点的距离。若要使小物块最终能到达小车的最右端，则V0要增大到多

9、从平板车的右端10.竖直平面内的轨道 ABC 面水平滑道 ABW 光滑的四分之一圆弧滑道 CD 组成 AB 恰与圆弧 CD 在 C 点相切，轨道放在光滑的水平面上，如图所示。一个质量为 m 的小物块(可视为质点)从轨道的 A 端以初动能 E 冲上水平滑道 AB,沿着轨道运动，由 DC 弧滑下后停在水平滑道 AB 的中点。已知水平滑道 AB 长为 L,轨道 ABCD 勺质量为 3ml 求：(1)小物块在水平滑道上受到摩擦力的大小。(2)为了保证小物块不从滑道的 D 端离开滑道，圆弧滑道的半径 R 至少是多大？(3)若增大小物块的初动能，使得小物块冲上轨道后可以达到最大高度是 1.5R,试分析小物

10、块最终能否停在滑道上？11 .如图所示，两个完全相同的质量为m的木板A、B置于水平地面上，它们的间距s=2.88m.质量为 2nl 大小可忽略的物块C置于A板的左端.C与A之间的动摩擦因数为邛=0.22,A、B与水平地面之间的动摩擦因数为2=0.10,最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力.开始时，三个物体处于静止状态.现给C施加一个水平向右，大小为2mg 的恒力F,假定木板A、B碰撞时间极短且碰撞后粘连在一起，要使C最终不脱离木板，每块木板的长度至少应为多少？-FCA|B777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777

11、77ss12 .如图所示，一质量为M长为l的长方形木板B放在光滑的水平地面上，在其右端放一质量为m的小木块AmM现以地面为参照系，给A和B以大小相等、方向相反的初速度(如图)，使A开始向左运动、B开始向右运动，但最后A刚好没有滑离木板.以地面为参考系.(1)若已知A和B的初速度大小为V。，求它们最后的速度的大小和方向；(2)若初速度的大小未知，求小木块A向左运动到达的最远处(从地面上看)离出发点的滑板滑块模型之二动量和能量中的滑块一滑板模型参考答案1.【答案】（1）1m/s;（2）0.3解析：（1）A、B最后速度相等，由动量守恒可得（Mm）vmv0解得vv01m/s4（2）由动能定理对全过程列

12、能量守恒方程121、mg2Lmv0(Mm)v22解得0.3对金属块使用动量定理Fft1=mv-0 即（11mgt1=mv,得t1=v01g对小车有（F-Ff）11=2mx2V00,得恒力F=51mg金属块由ZC过程中做匀加速运动，加速度a1=-FL=_Lmg1gmm小车加速度a251mg1mg21g2m2m金属块与小车位移之差s1a2t；1a1tf-（21g1g）（也）22221g2而sL,所以，1近2gL从小金属块滑至车中点C开始到小金属块停在车的左端的过程中，系统外力为零，动量守恒,4.【答案】（1）2m/s；（2）39J解析：（1）弹簧被压缩到最短时，木块A与滑板B具有相同的速度，设为V

13、,从木块A开始沿滑板B表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中，A、B系统的动量守恒，则mv=（M+m）V设共同速度为v,由 2mx2V0+mv=5(2m+mv,得v=一v03由能量守恒有L121mg-mv0-21,2m(2v0)3m（彳v0）2，得22222322v23gL2.【答案】二2解：设水平恒力32F作用时间为3.3.解.mv0(mM)v,2Q12mv022mMv012(mM)v,E=Q=24(mM)mV=V0Mm木块A的速度：V=2m/s(2)木块 A 压缩弹簧过程中， 弹簧被压缩到最短时,由能量守恒，得1一一212一一&=-mV0-(m+M)VmgL解得EP=39J弹簧的弹性势能最

14、大.5.I 答案置1等；(2)2V025g(128m)M解析：(1)设长木板的长度为l,长木板不固定时,对Mm组成的系统,由动量守恒定律,得mV0mV0MV5由能量守恒定律，得mgl121/V。2mV0m()20251MV22当长木板固定时，对mgl1mV2m根据动能定理，有-mV)2联立解得vV0,；116m5:M2(2)由两式解得l-V0(1225g8m)M6.【答案】0.50m解析：(1)设水平向右为正方向，有I=mv0代入数据得V0=3.0m/s(2)设A对RB对AC对A的滑动摩擦力的大小分别为为t,B离开A时A和B的速度分别为VA和VB,有FB、FBA和FCA,B在A滑行的时间一(F

15、BA+FC/)t=mVAmVAFABt=mVB其中FAB=FBAFCA=(RA+m)g设A、B相对于C的位移大小分别为SA和SB,1212有-(FBA+FCA)SA=-mAVA-2mAV0FABSB=EKB动量与动能之间的关系为mAvAJZmAEkAmBVB=.2mBEkB木板A的长度L=SA-SB代入数据解得L=0.50m7.【答案】2.4J解析：设木块和物块最后共同的速度为 V,由动量守恒定律得mv0(mM)v设全过程损失的机械能为E,则1212E-mv0-(mM)v用s1表示从物块开始运动到碰撞前瞬间木板的位移，W表示在这段时间内摩擦力对木板所做的功.用W表示同样时间内摩擦力对物块所做的

16、功.用s2表示从碰撞后瞬间到物块回到aW表示在这段时间内摩擦力对木板所做的功.用W表示在全过程中摩擦力做的总功，则W=W+W+W+W用日表示在碰撞过程中损失的机械能，则E=E-W由式解得3解析：设A、BC的质量均为m碰撞前，A与B的共同速度为v。，碰撞后B与C的共同速度为v1.对RC,由动量守恒定律得mv=2mv设A滑至C的右端时，三者的共同速度为v2.对AB、C,由动量守恒定律得2mv=3mv设A与C的动摩擦因数为,从发生碰撞到A移至C的右端时C所走过的距离为s,对BC_1212mgs-(2mM-(2m)v1由以上各式解得9.解：(1)平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒，设小物块到达圆

17、弧最高点二者的共同速度V1，由动量守恒得:端时木板的位移,对物块所做的功.用W表示同样时间内摩擦力W=mgsiW=mg(sis)W=mgs2W=mg(S2s)Ei1mM2Vo2mgs代入数据得Ei=2.4J由功能关系设C的长度为mg(sl)l,对A,12mvo由功能关系12mv22A 时,mv0(Mm)v1由能量守恒得：121,.2mv0-(Mm)v1mgRmgL22联立并代入数据解得：v05m/sd对静止的过程中，由动量守恒得:mv0(Mm)v2121、mv0(Mm)v22联立并代入数据解得：x0.5m(3)设小滑块最终能到达小车的最右端，vo要增大到mv01(Mm)v31212mv01(M

18、m)v32212、10 解：(1)小物块冲上轨道的初速度设为v(E-mv2),最终停在 AB 的中点，跟轨道有相同的速度，设为 V在这个过程中，系统动量守恒，有mv(Mm)V系统的动能损失用于克服摩擦做功，有E1mv21(Mm)V21mv2(-M-)E222Mm4(2)若小物块刚好到达 D处，此时它与轨道有共同的速度121.E1mv(M22m)V23EfL4E3fL区2解得摩擦力f反2L动能减少转化为内能(克服摩擦做功)和物块的势能，同理，有解得要使物块不从D 点离开滑道,CD 圆弧半径至少为R4mg(2)设小物块最终与车相对静止时，二者的共同速度V2,从小物块滑上平板车，到二者相设小物块与车

19、最终相对静止时，它距 O点的距离为X。由能量守恒得:22mg(Lx)时的速度为V3,与(2)同理得:V01,小滑块最终能到达小车的最右端联立并代入数据解得:v01为为s2(与 V 相等)，在此过程中系统总(3)设物块以初动能 E,冲上轨道，可以达到的最大高度是其水平方向的速度总与轨道速度相等，达到最高点后，物块的速度跟轨道的速度相等(设为1.5R,物块从 D 点离开轨道后,%),同理，有121233合Emv(Mm)V2-EfL一mgR2242物块从最高点落下后仍沿圆弧轨道运动回到水平轨道上沿 BA 方向运动，假设能沿 BA 运动 x远，达到与轨道有相同的速度(等于 V2),同理，有，E1mv21(Mm)V22-Ef(Lx)解得x2L2244.3物块最终停在水平滑道 AB 上，距 B 为 3L 处。411.【答案】0.3m解析：设AC之间的滑动摩擦力大小f1,A与水平地面之间的滑动摩擦力大小为f210.22,20.10，贝UL2，c-L2，、F-mgf11mg且F-mgf22(2mm)g55说明一开始A和C保持相对静止，在F的作用下向右加速运动，有12(Ff2