(物理)初三物理电功率专项测试题(解析版)

1、（物理）初三物理电功率专项测试题（解析版）一、选择题1 .具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V,四段电热丝电阻均为卜列说法正确的是（A.开关旋至“1档，开启化霜功能C.化霜与防雾电路的总功率之差为15W【答案】C【解析】【解答】由图知道，当开关旋至b.开启防雾功能，电路总电阻为5 aD.从防雾到除露，电路总电流变化1A“1档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为 2R=2X10a=20R由用知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB不符合题意；此时电路中的电流是：P1=UI1=10VX 0.

2、5A=5Vy 当开关旋至U ，肉邪 20U =0.5A ；此时电路的总功率是：“潴时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是:=1A;从防雾到除露，电路总电流变化量是:I2-Ii=1A-0.5A=0.5A, D 不符合题意；当开关旋至 “猾时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为,电路的总电流是：化霜功能，电路的总电阻是：=2 万口 =2A;此时总功率是：P3=UI3=10VX 2A=20W化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W, C 符合题意。故答案为：C用知道对应的状【分析】结

3、合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 态，再逐项进行计算即可2 .如图是探究 电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置.通电前， A、B两个U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过 R、R2的电流分别为11、I2 ,则（）B O tEWEA. I1=I2, A管中的液面较低B1=I2 , A管中的液面较高C.h>l2, A管中的液面较低II Di i> I2 , A管中的液面较高【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以Ii>L,故AB错误；由Q=I2Rt可知，通电时间相同时

4、，Ii>l2 , Ri=R2=5 Q,所以左侧电阻产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高.故选D.【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据 Q=FRt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大， U形 管内两液面的差值变大，据此进行解答.3 .下列表述正确的是（）XX牌74厘米彩色电视机 型 号：TC2975GF 电源一同山220VA.电视机正常工作电流约为1.57A前定功率：140W品牌;区区全自动电水壶标定电压：220V额定功率；1000kB.电水

5、壶电阻为C.同种电荷互相排斥P 140,-二状医护占22QV,故A错误;D.磁极间在不接触时无法发生相互作用【答案】C【解析】【解答】A.电视机正常工作电流:jp - - - -4或 4 GB.电水壶的电阻为：网颇T,故B错误;C正确;C.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。故选C。I J【分析】(1)已知额定功率和额定电压根据，计算正常工作电流;I债卜二T(2)已知额定功率和额定电压根据F计算电阻；(3)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(4)磁体之间的磁力不需要相互接触就能发生力的作用。4.如图所示，电源电压 U

6、为10V并保持不变，滑动变阻器规格为 “20!A”。闭合开关S, 当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A;当滑片P移至中点时，电流表本数为0.4A.则()A.电路消耗的最小功率为2.5W B.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为1.4 WC.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W“D.滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J【答案】B【解析】【解答】解：滑片 P在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由1=彳得，U 10V灯泡正常发光时的电阻：Rl= h 。，制=20Q;滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路if消耗的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P最

7、小=斤十股 %口小 =1.5 W;而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2.5W; A不符合题意；（2）滑片P在中点时，电流表示数为0.4A,根据I=N可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.4AX X 200= 4V,因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压：Ul'= U-U滑=10V-4V= 6V,灯泡的实际功率：Pl=UlM6VX 0.4A=1.6 W; B符合题意，C不符合题意；滑片 P在最左端时，2min内电流通过灯泡做的功：Wl= UlLt= 10Vx 0.5A X 2 &660S0J,D不符合题意。故答案为：Bo

8、【分析】当滑片 P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时 灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和P=即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；滑片 p在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联 电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据p=ui求出灯泡的实际功率；滑片p在最左端时，根据 W=UIt求出5min内电流通过灯泡做的功.5 .下列数据中与实际情况不相符的是（）A.正常情况下，人的体温约为35 CiB.成年人的步长大约为 50cmC.功率为100W白炽灯正常工作1小

9、时大约消耗0.1度电 D. 一个鸡蛋的质量大约为 50g 【答案】A【解析】【解答】A、正常情况下，人的体温在37c左右，变化幅度很小.故A不符合实际；B、成年人两步的距离约 1m=100cm,所以步幅在50cm左右.故B符合实际；C、功率为100W白炽灯正常工作 1小时，大约消耗 W=Pt=0.1kWX 1h=0.1kW?h的电能.故 C符合实际；D、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g,所以一个鸡蛋的质量在 50g左右.故D符合 实际.故选A.【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认 识，找出不符合实际的选项.6 .下列各选项中，完全正确的是（）

10、A.常见做法目的高山上用高压锅做饭升高沸点家用电器金属外壳接地避免人体触电拉开弓把箭射出利用弹性势能B.家用电器物理原理电饭锅电流的热效应电风扇磁场对电流的作用电吹风电磁感应C.日常现象物理知识冬天玻璃窗户上的冰花”凝固锯木头时锯条会发热热传递汽车急刹车时人向前倾倒惯性D.能量转化应用实例化学能转化为电能蓄电池电能转化为机械能电动机太阳能转化为内能内燃机【答案】A【解析】【解答】A、选项中高山上用高压锅做饭，是因为高山的海拔较高，水的沸点很 低，所以必须用高压锅增大气压，提高水的沸点。所以该说法正确。家用电器金属外壳接地是当火线破损等各种原因导致火线与金属外壳有接触的时候，能及 时把电流引向大

11、地，从而防止人触电。所以该说法正确。拉开弓把箭射出是利用弓的弹性势能转化为箭的动能。所以该说法正确。综上，A符合题意。B、选项中电吹风能吹风，是因为电吹风里面有个电动机，其原理是磁场对电流的作用；电 吹风吹出来的风是热的，这是利用电流的热效应。整个电吹风没有利用到电磁感应。 符合题意。C、选项中冬天玻璃窗户上的 冰花"，冰花”是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃出现的凝华 现象；锯木头时锯条会发热，这是通过做功使锯条内能增加，而不是热传递。C不符合题意。D、中给蓄电池充电时候是把电能转化为化学能；而蓄电池作为电源给用电器提供电能时 它是把化学能转化为电能。题目指代不明。内燃机是把内能转化为

12、机械能，而不是把太阳能转化为内能。D不符合题意。故答案为：A。【分析】此题涉及到的知识点较多，逐项分析即可，难度不大7 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（）A.电压表示数变小，灯 L变亮C.电压表示数变大，灯 L变亮【答案】DB.电压表示数变小,D.电压表示数变大,灯 L变暗灯 L变暗【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表测 R两端的电压,电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电I路中的总电阻变大，由 工可知，电路中的电流变小，由可知，灯泡两端的

13、电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 俨二可知，灯泡的实际功率变 小，灯泡L变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变 阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，B不符合题意、D符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，结合滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律及电功率的计算公式分析即可8.用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。图5是检测植物叶片含水）D.电路总功【答案】B【解析】【解答】由图5知，电路是由湿敏电阻 R和定值电阻R0串联构成的，电压表测 R0两端的电压，当

14、叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据R总nR+R得电路总电阻增大，又由 /且U不变，得电路中电流减小，即电流表的示数减小；由U=IR0得Ro两端的电压减小，即电压表的本数减小；而由或知电路总功率减小。故答案为：Bo【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻R附着在叶片上，根据 湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，利用P=UI判断电路总功率的变化情况.9.有甲、乙两灯，甲灯上标有“2.5V0.75W"，乙灯上标有 “2.5V1.25W”的字样

15、。若只将这两个灯泡接入同一电路中，两灯均未烧毁。则下列说法中正确的是（）B.两灯串联时，通过两灯的电流最大为0.5AD.若两灯都能正常发光，则两灯一定是并A.乙灯一定比甲灯亮C.两灯消耗的总功率一定为2W联【答案】D【解析】【分析】灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率.只有实际电压等于额定电压，实际功率才等 于额定功率，灯泡亮度才相同；串联电路中各处电流都相等，为保证灯泡不被烧坏，应以 额定电流小的数值为电路电流；电路消耗的总功率，等于各用电器实际功率之和；灯泡正 常发光，说明两端电压等于额定电压，只有在串联电路中，各用电器两端电压才相等.【解答】乙灯泡的电阻为 RA、甲灯泡的电阻为Q当两灯串联时，

16、由公式 P=I2R知P甲P乙所以甲灯亮.B、两灯正常发光时/ 0. 75通过甲灯的电流是I甲=?=0.3A 通过乙灯的电流是I乙=a=0 =0.5A两灯串联时，为保证灯泡不被烧坏串联电路电流I=I甲=0.3AC、灯泡必须在额定电压下实际功率才等于额定功率若实际电压低于额定电压，实际功率也低于额定功率，两灯总功率低于2W;若实际电压高于额定电压，实际功率也高于额定功率，两灯总功率高于2W.D、两灯正常发光，说明每个灯泡两端实际电压等于额定电压，由上面的计算知，两灯泡 电阻值不相等，假设串联在同一电路中，分得的电压一定不等，所以两灯连接在同一电路 且正常发光时，一定是并联.故选D.【点评】此题虽是

17、一道选择题，但考查的知识点较全.要解决此题，必须对串并联电路的 电流电压特点以及电功率的计算公式及其变形熟练掌握，并选择应用10.两定值电阻Ri=10Q, R2=5 Q,现将Ri、R2接入如图所示的电路，电源电压为3V,当开关S闭合时，下列分析正确的是()A. Ri、R2电流之比为1: 2C. R、R2消耗的电功率之比为 1: 2【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知, 因串联电路中各处的电流相等，B.iR R2两端的电压之比为 2: 1D电路消耗总的电功率等于 2.7WR与R2串联，所以，R、R2电流之比为1: 1,故A错误;/可得，R、R2两端的电压之比:出 Ri 10Q 2色乙=/.

18、!：. = /；?="由P=UI可得，R、R2消耗的电功率之比:且=版=历=/,故C错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以，电路消耗的总功率：*(3V)2P =心'龙="0 5a =0.6W,故D错误.故选B.【分析】由电路图可知，R与R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比,根据电阻的串联和 P=UI=e求出电路消耗总的电功率.11.如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，附为定值电阻，当光照减弱时A. V与 用示数的比值减小C. 土

19、与小示数之差变大【答案】DB. V与阀示数的比值不变hD.电路消耗的总功率减小【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与出示数的比值为光敏电阻 R的阻值，因R的 阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；B、电压表示数不变,小示数变小，则V与比示数的比值变大，B不符合题意;C、由并联电路的特点可知，国 与团示数之差为通过 网 的电流，保持不变，C不符合题D、电源电压不变， 故答案为：Do【分析】光敏电阻压），保持不变;总电流变小，根据忸="可知，总功率减小，D符合题意。R与定值电阻 Ro并联，电压表测量的是 R两端的电压 （即电源的电 电流表 Ai测量的是通过 R的电流，电流表 A2测量的

20、是干路中的电流；已知光敏电阻 R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时,R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过 R的电流变小，即电流表 Ai示数变小；通过 Ro的电流不变，而通过 R 的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据 P=UI可知，总功率减小.12.如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484 的保温电阻,Ri是规格为“220V800W的主加热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-t） ”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S, S自动接到a,同时Si自动

21、闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，Si自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了, 进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电 正确的是（）S自动接到b,减压O25kW?h,下列说法甘A.电压力锅是对大气压强的应用 处于升压状态用尸一B当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是i8min D.电压力锅正常工作时的最大电流是 5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压

22、的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间分别为 06min, 912min,15 18min ,即Ri的工作时间ti=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h ,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率 P=P+P2=800W+300W=110

23、0W ,p noo»由P=UI可得，I=方？?网=5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键13 .如图所示，滑动变阻器的滑片 P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A. L1和L2都变亮B. L变暗，L2变亮C. L变亮，L2变暗D. L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，将滑动变阻器的滑片 P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电

24、阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，口由|= 7可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，L1两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由P= |而可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律1 = 7可知电路中电流的

25、变化和 Li两端的电压变化情况，根据P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P4；可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.14 .王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W2k”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原 因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小

26、，应换用20k 【答案】B【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B C是否正确.中知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R，'计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确.【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故 A错误；功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；灯泡为 “PZ22060”，立：2纳y，灯泡的电阻为 RL=H= 而* =807 R接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+Rt =807Q +2000Q =2807Q4 I 220V，电位器的功

27、率为：P电=I2R电= （，；）电=2X 200012.3W从而可知D说法错误；故选B.【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功 率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题.15 .甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示.现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）0 I 2 33 5A. 1.2WB. 0.8WC. 2WD. 3W【答案】A【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为 0.4A;因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A;根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V

28、; 乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V< 0.4A=1.2W故选A.【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率.16.如图，电源电压恒为4.5V,电流表的量程为“00.6A ”电压表的量程为“03V,”灯泡上标有“2.5V1.25W （不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R的规格为“20Q1A”闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（）灯泡消耗的最小功率为0.12WD.滑动变阻器接入电路的最小电阻为4 QoA.电流表的示数最大为 0.6AC.电路消耗的最大电功率为2.7W【答案】

29、D【解析】【解答】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；由于灯泡上标有“2.5V1.25W；所以由P=UI知道，灯泡的额定电流是：Il =Pl/Ul=1.25W2.5V=0.5A,即电路的最大电流是0.5A , A不符合题意；因为串联电P 大=UI 大=4.5VX 0.5A=2.25Vy路中各处的电流相等，当电路中的最大电流I大=0.5A,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，且电路消耗的最大总功率是:C不符合题意；由I=U/R知道，灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的最小阻值分别是：RL=Ul/Il=2.5V/0.5A=5 Q

30、R 总=(U-Ul) /I 大=(4.5V-2.5V) /0.5A=4 Q D 符合题意；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的最小电流： I j =U/ (R_+R大)=4.5V/ (50+20d=0.18A,则灯泡消耗的最小功率：Pl小=1小2 RL =(0.18A) 2 X 5 Q =0.162WB不符合题意，故答案为：Do【分析】结合电路图判断电路的连接方式及电表的测量对象，与电流表的量程和滑动变阻 器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流与最小电流，利用串联电路的特点和 欧姆定律、电功率公式求

31、解即可 .17 .如图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关S,移动滑片，使电压表 Vi示数与表V2示数之比为A. 1:41 : 2,此时R2的功率为P2 ,则P1： P2为(B. 1:2C. 1:D. 4:电压表V2示数之比为2: 1,此时R2的功率为P1;再次移动滑片，使电压表 Vi示数与电压【解析】【解答】解：在第1种情况下，R2两端的电压U21 = 2 + 1 U=1 , R两端的电压为Un=U- / ="； 在第2种情况 下，R2两端的电压 U22= 1U= 1，R1的电压为 U12=U -根据电阻不变时，通过的电流与电压成正比，In Vn £所以，两种情况下通

32、过 R的电流之比 5 =心工=即两种情况下通过 R2的电流之比；W ®)占7= =X 5 = - x? = / .故选C.【分析】首先求出两种情况下 R2的电压之比，根据串联电路电压的特点，求出R1的电压之比，即可求出通过定值电阻 R1的电流之比，即通过 R2的电流之比，根据 P=UI可求两种 情况下R2的电功率之比.18 .下列物理量的估计最接近实际的是()A.人体的正常体温约为 37c吧.家用空调的额定功率约为 50WC.我国家庭照明电路的电压为1.5VD.体育考试中所用实心球质量约为10kg【解析】【解答】解:A、人体正常体温在 37 c左右，变化幅度很小，此选项符合实际；B、家用空调的额定功率在 1000W以上，此选项不符合实际；C、家庭电路电压为 220V,此选项不符合实际；D、考试中所用实心球质量约为1kg左右，此选项不符合实际.故选A.【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行 单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个.此题考查的是学生对一些常见