广东省六校联盟2019-2020学年高三上学期第一次联考物理试题(深圳实验,广州二中,珠海一中等)及答案解析

1、物理试卷第1页，共8页广东省六校联盟2019-2020学年高三上学期第一次联考（深圳实验，广州二中，珠海一中，惠州一中，东莞中学，中山纪中）物理试题题号一一三四总分得分注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2.请将答案正确填写在答题卡上。第I卷（选择题）1.物理学科核心素养主要包括物理观念”等四个方面，下列物理观念”正确的是（A.静摩擦力对受力物体可以做正功，滑动摩擦力对受力物体一定做负功B.驾驶员可以通过操作方向盘使汽车在光滑的水平面上转弯C.研究自由落体运动是物理学的理想化模型法D.在某一过程中， 只要物体的位移为0,任何力对物体所做的功就为0在挂钩上再吊一质量为m的物体

2、，让它们沿细杆下滑，如图所示，则球形物体（A.沿细杆加速下滑B.仍匀速下滑C.受到细杆的摩擦力不变D.受到细杆的弹力变小评卷人得分、单选题2.沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度用间图线如图所示。已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在F的大小分别为Fl、F2和F3,则（A.FIF3C.FIF3D.FI=F33.一质量为M、带有挂钩的球形物体套在倾角为。的细杆上，并能沿杆匀速下滑，若ffs05s、510s、1015s内物理试卷第2页，共8页4.中国大眼FAST,由我国天文学家南仁东于1994年提出构想，历时22年建成.2018年4月28日FAST第一次发现了一颗距

3、地球4000光年的毫秒脉冲星，震惊了世界.双脉冲星系统由两个质量不同的脉冲星形成的双星系统.假设这两个脉冲星，绕它们连线物理试卷第3页，共8页上的某点做圆周运动，且两星间距缓慢减小.若在短暂的运动过程中，各自质量不变且不受其他星系影响，则下列说法正确的是（）A.两星运行的线速度之比是1:1B.两星运行的角速度大小始终相等C.两星做圆周运动的向心加速度大小始终相等D.随着两星的间距缓慢减小，它们的周期却在增大5.如图，静电场中的一条电场线上有M、N两点，箭头代表电场的方向，贝U（）A.M点的电势比N点的低B.M点的场强大小一定比N点的大.白,MNC.正电荷在M点的电势能比在N点的大D.电子在M点

4、受到的电场力大小一定比在N点的小6.如图，空间中存在一勾强磁场区域，磁场方向与竖直面（纸面）垂直，磁场的上、下边界（虚线）均为水平面；纸面内磁场上方有一个正方形导线框abcd,_fII其上、下两边均与磁场边界平行，边长小于磁场上、下边界的间距。若线框自由下落，从ab边进入磁场时开始，直至ab边到达磁场下边V/WXXXX界为止，线框下落的速度大小可能（）A.始终减小B.始终不变C.始终增加D.先增加后减小评卷人得分7.飞镖运动是一种全身性的运动，对于现代办公族来说可以达到全方位的健身效果.若每次练习都是将飞镖水平投出，飞镖在空中的运动可视为平抛运动.如图所示，某次将飞镖水平投出后正中靶心，下列说

5、法正确的是（）A.投出的飞镖质量大，在空中飞行的时间会更长B.仍在原位置投掷，增加出手高度，适当减小出手速度仍可正中靶心C.人后退两步，出手高度不变，适当增大出手速度仍可正中靶心D.人前进两步，出手速度不变，适当增加出手高度仍可正中靶心物理试卷第4页，共8页8.如图所示， 在光电效应实验中， 用频率为a的单色光a照射到光电管的阴极K上,物理试卷第5页，共8页光电子的最大初动能为Eka,遏止电压为Ua.下列说法正确的是（A.若换用频率小的单色光b做实验，一定不能发生光电效应B.若换用频率大的单色光b做实验，则最大初动能满足EkbEkaC.若实验中增大单色光a强度，则遏止电压也会增大D.增大单色光

6、a的强度，保持滑片P不动，光电流变大9.如图所示，竖直放置的线圈两端连接一个定值电阻构成回路，一块强磁铁从线圈上方某一高度由静止释放后从线圈中穿过，则下列说法正确的是（）A.图示位置通过电阻的电流方向为arbB.强磁铁下落的时间比没有线圈时长C.图示位置电阻的功率大小与强磁铁释放高度无关D.强磁铁进入与离开线圈时加速度方向可能相同10.如图所示，R为定值电阻，A、B、C为三个完全相同的灯泡，灯泡正常工作时的电阻也为R,灯泡的额定电压和额定电流分别为U和I.理想变压器原、副线圈的匝数分别为，交流电源的电压为U.若A、B、C均正常发光，设流过R的电流为IR,流过A的电流为IA,流过B的电流为IB,

7、则下列关系式中正确的是（）B.U=4UoC.IR=IA+IBD.ni:n2=1:211.如图，边长为L的正三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，质量为m,电荷量为q的同种粒子每次都从a点沿与ab边成30角的方向垂直射入磁场， 若初速度大小为VO,射入磁场后从ac边界距a点L处射出磁场。不计粒子的重力，下列说法正3确的是（）2LA.若粒子射入磁场的速度增大为2VO，则出射位置距a点J-3、n=HB.若粒子射入磁场的速度增大为2VO,则粒子在磁场中的运动时间A.IR=3IB物理试卷第6页，共8页减小为原来的一半C.若粒子射入磁场的速度不大于3VO，粒子从磁场中射出时速度方向均与ab边垂直D

8、.若粒子射入磁场的速度不同，但从ac边射出的所有粒子在磁场中的运动时间相等物理试卷第7页，共8页12.如图（a）所示，一根竖直悬挂的不可伸长的轻绳，下端拴一小物块A,上端固定在C点且与一能测量绳的拉力的测力传感器相连.已知有一质量为m0的子弹B以水平速度vo射入A内（未穿透），接着两者一起绕C点在竖直面内做圆周运动。在各种阻力都可忽略的条件下测力传感器测得绳的拉力F随时间t变化关系如图（b）所示，已知子弹射入的时间极短，且图（b）中t=0为A、B开始以相同的速度运动的时刻。下列说法正确的是（）A.A、B一起在竖直面内做周期T=to的周期性运动Fm一B.A的质量大小为m=m。6gcc22、36m

9、0v0gD.轻绳的长度为#5Fm13.下列说法正确的是（）A.晶体在熔化过程中分子的平均动能不变B.温度越高，布朗运动越剧烈，所以布朗运动也叫做热运动C.在轮胎爆裂的短暂过程中，胎内气体膨胀，温度下降D.只知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，能计算出阿伏加德罗常数E.在油膜法估测分子大小的实验中，如果有油酸未完全散开会使测量结果偏大14.一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图中的实线所示，t=0.1s时刻的波形图如图中的虚线所示，若该波传播的速度为10m/s，则（）A.t=0时刻质点a沿y轴正方向运动B.这列波沿x轴正方向传播C.这列波的周期为0.4sD.从t=0时刻开始质点a经0.2s通过的路

10、程为0.4mC.子弹射入木块过程中所受冲量大小为mVo(Fm-6mg)Fm物理试卷第8页，共8页E.x=2m处质点的振动方程为y=0.2sin5jt+dm)第II卷（非选择题）15.在研究匀变速直线运动”的实验中，某同学选出了一条清晰的纸带，并取其中的A、B、C、D、E、F、G七个点进行研究，这七个点和刻度尺标度的对照情况如图所示.（打点计时器的频率为50Hz）IIHIIIIII!IIIIIficml23+567891011（1）由图可以知道，A、B两点的时间间隔是s,A点到D点的距离是cm,D点到G点的距离是cm；（小数点后保留2位）通过测量不难发现，（XBCXAB）与（XCDXBC）、（X

11、DEXCD）、基本相等.这表明，在实验误差允许的范围之内，拖动纸带的小车做的是运动；（3）经过合理的数据处理后，可以求得加速度a=m/s12;（小数点后保留3位）（4）还可以求出，打B点时小车的瞬时速度VB=m/s。（小数点后保留3位）16.某同学欲将内阻为98.5Q量程为100的电流表改装成欧姆表并进行刻度，要求改装后欧姆表的15kQ刻度正好对应电流表表盘的50A刻度.可选用的器材还有：定值电阻RO（阻值14kQ）,滑动变阻器RI（最大阻值500Q）,滑动变阻器R2（最大阻值1500Q）,干电池（E=1.5V,r=2Q）,红、黑表笔和导线若干.1欧姆表设计将图（a）中的实物连线组成欧姆表.欧

12、姆表改装好后，滑动变阻器R接入电路的电阻应为Q,滑动变阻器应选（填RI”或R2”）；2刻度欧姆表的表盘：通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如下图（b）所示.表盘上a、b两处的电流刻度分别为20和60,则a、b两处的电阻刻度分别为、评卷人得分二、实验题物理试卷第9页，共8页17.如图，静止在地面上的长木块A的上表面光滑，质量为M=1kg,下表面与水平地面间的动摩擦因数为0.5,其最右端放置一个可视为质点的小铁块B,B的质量为m=0.2kg，现用一水平恒力F=8N拉动木块A,从此时开始计时，重力加速度取g=10m/s2.求：(1)小铁块未滑离木块A之前，木块A的加速度a1和小铁块滑离木块A之后，木

13、块A的加速度a?的大小分别是多少？(2)已知t=0.5s时，小铁块刚好滑离木块A,求木块A的长度L?(3)求t=0.5s至t=0.9s，这段时间内木块A的位移s的大小？18.固定在水平地面的2形平行金属导轨足够长，倾角0=53，间距L=1m,电阻不计.垂直导轨放评卷人得分四、解答题物理试卷第10页，共8页置两根金属棒ab和cd,如图所示，两金属棒电阻相等，均为R=0.75Q,cd棒的质量为m1=1.2kg,cd棒与导轨水平段的动摩擦因数为旧0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.而ab棒与导轨倾斜段间的摩擦不计.整个Z形装置放在磁感应强度大小为B=3T，方向垂直于导轨倾斜段向上的匀强磁场中.现从

14、某处静止释放ab棒，经一段时间后，cd棒刚要从导轨滑动。已知重力加速度取g=10m/s2,sin37=0.6。(1)此时，cd棒中的感应电流的方向？以及ab棒的速度大小？(2)若ab棒无论从多高的位置静止释放，cd棒都不动，贝Uab棒的质量应小于多少？(3)若cd棒与导轨水平段的动摩擦因数 a 是可以调节的，则当动摩擦因数 a 满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高的位置静止释放，cd棒都不动.19.如图，开口朝下的圆筒形气缸竖直悬挂，处于静止状态，气缸内用横截面积为S的薄活塞封闭着温度为300K的某种理想气体，活塞可在气缸内上下无摩擦滑动.通过电热丝可以对气体缓慢加热，使活塞缓慢向下移动

15、.当气体温度升高至360K时，活塞刚好移到气缸口.已知大气压强为po,气缸容积为Vo,重力加速度为g.(1)求300K时气缸内气体体积；(2)如果不加热气体，而在活塞下悬挂一个沙盘，缓慢(等温)地往沙盘里添加沙，当沙与沙盘总质量与活塞质量相等时，活塞也刚好移到气缸口，判断此过程中气体吸热还是放热？并求出活塞的质量。物理试卷第11页，共8页20.如图为某种透明介质的截面图，AAOC为等腰直角三角形，BC为半径R=10cm的四分之一的圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点，由红光和紫光两种单色光组成的复色光射向圆心。，在AB分界面上的入射角i=45。，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑，已知该介质

16、对红光和紫光的折射率分别为n1=21;n2=。3(1)判断在AM和AN两处产生亮斑的颜色；(2)求两个亮斑间的距离。答案与解析第1页，共13页广东省六校联盟2019-2020学年高三上学期第一次联考（深圳实验，广州二中，珠海一中，惠州一中，东莞中学，中山纪中）物理试题参考答案1.C【解析】【解析】A.静摩擦力和滑动摩擦力均可以与运动方向相同、相反，故两种摩擦力均可以做正功、做负功，故A错误；B.在绝对光滑的水平面上，由于没有摩擦力来提供需要的向心力，故汽车不能转弯，故B错误；C.伽利略对自由落体运动的研究是通过对斜面上运动物体的研究经过合理的外推得到自由落体运动的规律，所以研究自由落体运动是物

17、理学的理想化模型法，故C正确；D.位移为零只能说明物体的初末位置相同， 但物体可能存在路程， 则在运动过程中阻力是可以做功的，故D错误。故选Co2.A【解析】【解析】由vT图象可知，05s内加速度ai=0.2m/s2,沿斜面向下，根据牛顿第二定律有mgsin0f-Fi=mai,Fi=mgsinf0.2m;510s内加速度a2=0,根据牛顿第二定律有mgsin0f-F2=ma2,F2=mgsin1015s内加速度a3=-0.2m/s2,沿斜面向上，根据牛顿第二定律有mgsin0f-F3=ma3,F3=mgsinf+0.2m。故可得：F3F2F1，选项A正确。【考点定位】v-1图像，牛顿第二定律【

18、点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题。3.B【解析】【解析】AB.不挂重物时，球形物体受重力、支持力和摩擦力而匀速下滑，根据平衡条件，在平行斜面方向，有：Mgsin-f=0在垂直斜面方向，有:答案与解析第2页，共13页N-MgCOST-0其中:联立解得：=tan当挂钩挂重物后，对球形物体和所挂重物整体，在平行斜面方向：F合=(Mm)gsinu-1N垂直斜面方向：N=(Mm)gcosu联立解得：F合=0故整体仍然做匀速直线运动，故A正确B错误；CD.由上面的分析知：不挂重物时f=MgCOS,N=MgCOS9当挂上重物后f，=E(M+m)g

19、cos8,N=(M+m)gcos。所以摩擦力变大，弹力变大，故CD错误。故选Bo4.B【解析】【解析】AB.双星系统属于同轴转动模型，角速度、周期相等，由于：GMm22广=m，R=m，rL故半径之比：答案与解析第3页，共13页R:r=m:M即半径之比等于质量的反比；根据线速度公式v=r可知，线速度之比等于质量的反向,故A错误B正确。C.两星运行的向心力为二者的万有引力，质量不等，贝U向心加速度不等，故C错误。答案与解析第4页，共13页7.BC【解析】【解析】A.平抛运动竖直方向为自由落体运动，下落的高度:D.根据:GMm2二=MI-L2R=mrT解得:2.34二LG(Mm)可知间距L减小，则周

20、期减小，故D错误。故选B。5.C【解析】【解析】A.沿电场线方向电势逐渐降低,M 点的电势比N点的高，故A错误;B.由于不能确定电场线疏密，故不能确定电场强度大小，故B错误;C.正电荷从 M 到N,电场力做正功，电势能减小，故在 M 点的电势能比在N点的大,故C正确;D.由于不能确定电场强度大小，也不能确定电荷所受电场力大小，故D错误。故选Do6.C【解析】【解析】AD.导线框开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据左手定则可知ab边受到向上的安培力，当安培力大于重力时，线框做减速运动,当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，

21、故先减速后加速运动，故A错误、D错误;B.当ab边进入磁场后安培力等于重力时，线框做匀速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故先匀速后加速运动，故B错误;C.当ab边进入磁场后安培力小于重力时，线框做加速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故C正确。答案与解析第5页，共13页2hg飞镖在空中飞行的时间和质量无关，故A错误;B.水平位移:可得:gx2VO2所以人后退两步，出手高度不变，适当增大出手速度仍可正中靶心，故C正确。D.根据人前进两步，出手速度不变，增加出手高度，不能正中靶心，故D错误。故选BC。8.BD【解析】

22、【解析】A.根据光电效应的产生条件可知，入射光的频率大于极限频率才能发生光电效应，若换用频率小的单色光b做实验，也可能发生光电效应，故A错误；B.若换用频率大的单色光b做实验，根据光电效应方程可知，Ekm=hv-Wo,最大初动能增大，满足EkbAEka，故B正确；C.根据动能定理可知，eUa=而，增大单色光 a 强度，遏止电压不会增大，故C错误;解得:.1.2hgt所以仍在原位置投掷，增加出手高度，适当减小出手速度仍可正中靶心，故B正确。C.根据X=v0t=v0答案与解析第6页，共13页D.增大单色光 a 的强度，保持滑片 p 不动，则光电子增多，光电流变大，故D正确。故选BD。9.BD【解析

23、】【解析】A.磁铁的S靠近线圈的过程中向上穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，穿过线圈的感应电流如图所示：所以通过电阻的电流方向为bTa.故A错误；B.根据楞次定律可知，线圈对磁铁相对于线圈的运动有阻碍作用，所以磁铁下落的时间比没有线圈时长。故B正确；C.强磁铁释放高度越高，则磁铁下落得速度越大，根据法拉第电磁感应定律可知，产生的感应电动势越大，所以电阻消耗的电功率越大。故C错误；D.强磁铁进入与离开线圈时，如果磁场力小于重力，加速度方向都向下，方向相同，故强磁铁进入与离开线圈时加速度方向可能相同，D正确。故选BD。10. ABD【解析】【解析】D.若 A、B、C均正常发光，则副线圈的输出

24、电压为2U.分析原线圈的电路，灯泡 A 两端的电压即原线圈的输入电压，为U,根据电压和匝数的关系可知，输入电压与输出电压之比为1:2，则匝数比为1:2,故D正确。AC.三个灯泡正常发光，则流过的电流相等，均为I,根据电流和匝数的关系可知，原线圈的输入电流为2I,根据并联电路的规律可知，流过电阻 R 的电流为3I,即：IR=3、=IAIB故A正确C错误；B.根据欧姆定律可知：U=RIRUo=4U。答案与解析第7页，共13页故 B 正确。故选ABD。11.ACD【解析】【解析】粒子的速度分别为v0、2v、3v0时，画出粒子轨迹过程图如图所示:一_mvA.若粒子射入磁场的速度增大为2vo，根据R=B

25、可知，粒子的半径增大到原来的2倍，则出射位置距 a 点头，故A正确；3B.若粒子射入磁场的速度增大为2vo，粒子从ac边射出时与ac边的夹角不变、轨迹对应的圆心角不变，则粒子在磁场中的运动时间不变，故B错误；C.若粒子射入磁场的速度不大于3vo，则粒子均能够从ac边射出，射出时速度方向与配边的夹角为30。，而ab边与ac边的夹角为60）贝 U 粒子从磁场中射出时速度方向均与ab边垂直，故C正确；D.若粒子射入磁场的速度不同，但从ac边射出的所有粒子运动轨迹对应的圆心角均为60,所以在磁场中的运动时间相等，故D正确。故选ACD。12.BCD【解析】【解析】A.根据图（b）可以知道 A、B 一起在

26、竖直面内做周期T=2t的周期性运动，故A错误；BCD.设子弹打入物块 A 后一起运动的速度大小为吊，AB一起上到最高点的速度大小为v2,细绳的长度为答案与解析第8页，共13页l。子弹打入物块的瞬间，根据动量守恒定律有：mVo=(mm0)v1子弹和物块在最低点绳子有最大拉力Fm,根据牛顿第二定律有：2Fm-(mm)g=(mmo)子弹和物块在最局点绳子有最小拉力F=0,根据牛顿第二定律有：2V2(mmo)g=(mmo)-p从最高点到最低点，根据动能定理：1212(mmcJln_CmmcOw_(m-m0)v222物块A受到子弹的冲量：1A=mvi联合解得：22Fm_36mVo,mVo(Fm-6mg)

27、m=-mo;l=ig；=。6g5FmFm故BCD正确。故选BCD。13. ACE【解析】【解析】A.晶体在熔化过程中温度不变，分子的平均动能不变，故A正确；B.温度越高，布朗运动越剧烈，但布朗运动不是热运动，而是小颗粒的无规则运动，故B错误；C.在轮胎爆裂的短暂过程中，气体来不及和外界进行热交换(Q=o),根据热力学第一定律，胎内气体膨胀，对外做功，wco，气体内能减小，温度下降，故C正确；D.知道水蒸气的摩尔体积和水蒸气分子所占空间的平均体积，能计算出阿伏伽德罗常数，故D错误；VE.在油膜法估测分子大小的实验中， 根据公式d=， 如果有油酸未答案与解析第9页，共13页完全散开会使S偏小，测量

28、结果偏大，故E正确。14. CDE【解析】【解析】答案与解析第10页，共13页AB:由图可知波的波长工4m,在时间t=0.1s内，波传播的距离为x=vt0乂0.m=m1兰，根据波形的平移法可知，这列波沿x轴负向传播；t=0时4刻质点a向y轴负方向运动。故AB两项均错误。C:由v=2，得T=已=兰s=0.4s。故C项正确。Tv10D：从t=0时刻开始质点a经0.2s是半个周期，通过的路程为2倍的振幅，s=2A=0.4m。故D项正确。E:x=2m处的质点起始位置在平衡位置且向y轴负方向振动，振动方程为2二y=Asin.ft十兀J=0.2sin（5忧十心m）.故E项正确。15.0.14.13-4.1

29、76.43-6.52匀加速（或匀变速）直线0.2510.2660.125-0.129【解析】【解析】（1）由图可知，A、B两点的时间间隔是0.1s,A点到D点的距离是4.13cm,D点到G点的距离是6.48cm。（2）通过测量不难发现，（SBC-SAB）与（SCD-SBC）、与（SDE-SCD）、基本相等.这表明，在实验误差允许的范围之内，拖动纸带的小车做的是匀加速直线运动。（3）设A到B之间的距离为XI,以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6,根据逐差法可得，2222a1a2a3x6x3=3aT,x5x2=3a?T,x4x=3aaT，平均加速度为：a=,3x6x5x4|Ix3x2xj2由

30、以上可得：a=拦，代入数据解得：a=0.261m/s。（4）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度即：XAC0.0252,=m/s=0.126m/s。tAC20.1VB答案与解析第11页，共13页【解析】【解析】899.5R2601016.答案与解析第12页，共13页(1)1将电源、电流表、定值电阻以及滑动变阻器串接即可组成欧姆表，故实物图如图所示:23根据闭合电路欧姆定律有:50的=RARR0Rr其中RA=985Q,R=15kQ,R0=14kQ,r=2Q;R为滑动变阻器的阻值;解得:R=899.5故滑动变阻器应选择R2。(2)45由(1)中解答可知，欧姆表的内阻即中值电阻:

31、即=98.5214000899.5=15000根据闭合电路欧姆定律有:20JJA=R中Ra60JJA=RRb解得:Ra=60kQ,Rb=10kQ17.(1)2m/s2;3m/s2(2)0.25m(3)0.64m【解析】【解析】(1)对木块A,小铁块没滑离前，根据牛顿第二定律:答案与解析第13页，共13页F7Mm)g=Ma解得:答案与解析第14页，共13页2a=2m/s滑离后：F-Mg=Ma2解得：2a2=3m/s(2)木块长：12L=a1t=0.25m2(3)t=0.5s时,木块速度：v=a1t=1m/st=0.5s至t=0.9s内，时间为：.t=0.4s位移为：1.2s=v：ta2t2解得：s=0.64m18.(1)crd；5m/s(2)m23.75kg(3)0.75【解析】【解析】(1)cd棒中感应电流的方向是：ld分析cd棒，刚好滑动时，有：F安cos5=ff-NN=mgF安