最新精选湖北省宜昌市高中名校2019年秋高二物理上学期期末考试试卷(有答案)(已审阅)

1、/宜昌市一中2019年秋季高二年级期末考试物理试卷满分：110分 考试时间：90分钟一、选择题（本题共 12小题，每小题4分，共48分。18小题为单选题；912小题为多选题,全对得 4分，选对但不选全得 2分，选错或不选得 0分）1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用.下列叙述不符合史实的是（）A.楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B.法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流C.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系D.安

2、培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子环流假说2.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关/D.3.如图所示，将理想变压器原线圈接入电压随时间变化规律为:u=22042sin 100兀t (V)的交流电源上,在副线圈两端并联接入规格为“ 22 V 22 W 的次T泡10个，灯泡均正常发光。除灯泡外的电阻均不计，下列说法正确的是（）A.变压器原、副线圈匝数比为102 : 1B.电流表示数为10AC.电流表示数为1AD.副线圈中电流的频率为5Hz

3、4.如图，当滑动变阻器的滑动头向左滑动时,A、B两灯亮度的变化情况为A.都变亮B.都变暗C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮5.如图甲、乙所示的电路中，电阻 R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S,使电路达到稳定，灯泡A发光，则A.在电路甲中,断开 S,A将立即熄灭B.在电路甲中,断开 S,A将先变得更亮，然后渐渐变暗C.在电路乙中,断开 S,A将渐渐变暗甲*E乙将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半D.在电路乙中，断开 S, A将先变得更亮，然后渐渐变暗6 .如图，相距为d的平行金属板M N的上方有一半径为 R的圆形匀强磁场磁感应强度大小为 R方向垂直

4、纸面向里。质量为mi电荷量为q的带正电靠M板的P处由静止释放，粒子经 N板的小孔S沿半径SO方向射入磁场, 场时速度方向偏离入射方向 60。，粒子重力不计，则平行金属板间匀强电 场强度大小为（）A逊B %C 迹D Iq2md2mdmd2md区域，粒子紧离开磁场的电7 .如图所示，一均匀带电荷量十Q的细棍，在过中点 c垂直于细棍a、b、d三点，a和b、b和c、c和d间的距离均为 R在a点处有 q（q0）的固定点电荷.已知 b点处的场强为零，则 d点处场强的大 士 电力常量）（）”A. kQ+ qRT8 . k9Q+ qIfT10q c k市十。的直线上有一电荷量为小为（k为静从M点运动到A. 0

5、-1s内线圈的磁通量不断增大B.第4s末的感应电动势为 0C. 0-1s内与2-4s内的感应电流相等D0-1s内感应电流方向为顺时针8.电荷量为+ q、质量为m的滑块和电荷量为一q、质量为m的滑块同时从完全相同的光滑斜面上由静止开始下滑，设斜面足够长，斜面倾角为0 ,在斜面上加如图所示的磁感应强度大小为R方向垂直纸面向里的匀强磁场，关于滑块下滑过程中的运动和受力情况，下面说法中不正确的是（不计滑块的相互作用）（）A.两个滑块先都做匀加速直线运动，经过一段时间，+q会离开斜面飞三8 .两个滑块先都做匀加速直线运动，经过一段时间，q会离开斜面 熊 掰C.当其中一个滑块刚好离开斜面时，另一滑块对斜面

6、的压力为2mgos 0D.两滑块运动过程中，机械能均守恒9 .如图所示的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子N点的轨迹.可以判定（）A.粒子带负电B. M点的电势高于 N点的电势C.粒子在M点受到的电场力大于在 N点受到的电场力D.粒子在M点的动能小于在 N点的动能10.如图所示，t=0时圆形闭合线圈内存在方向垂直纸面向外的感应强度随时间变化如图，则下列说法正确的是（）11.如图所示，光滑平行金属轨道平面与水平面成0角，两轨道上端用一电阻 R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上，质量为m的金属杆ab,以初速度vo从轨道底端向上滑行，滑行到某一高度h后又返回到底端.若

7、运动过程中，金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，且轨道与金属杆的电阻均忽略不计，则（）A.返回到底端时白速度大小为 vo 一，-12B.上滑到最高点的过程中克服安培力与重力所做功之和等于2mVC.上滑到最高点白过程中电阻 R上产生的焦耳热等于；mV mghD.金属杆两次通过斜面上的同一位置时电阻R的热功率相同12.光滑绝缘水平面上存在竖直向下的匀强磁场B,宽度为2L, 一边长为L、电阻为R.用同种材料做成的正方形线框以初速度W从左侧冲进磁场区域，俯视图如图所示，当线框完全离开磁场时速度恰好为零.以ab边刚进入磁场时为时间和位移的零点，用v表示线框速度（以右为正方向），i表示回路中的感应电流（以

8、逆时针方向为正，i0表示零时刻回路的感应电流）， Uab表示a、b两点间的电压，Fab表示ab边所受的 安培力（向左为正， Fo表示零时刻ab边所受的安培力）.则关于以上四个物理量对时间2Lt或对位移x的图象中正确的是（）16分）13 . （1）将内阻为r = 30满偏电流为1 mA勺电流表改装为量程为0的电压表，需要串联阻值为 Q的电阻.两个电压表由相同的电改装而成，量程分别为 03 V和015 V,改装后两个电压表内阻之比为（2）用游标尺测量某钢球的直径，游标上有20格刻度，读数如右图所示,直径D=cm流表钢球14 .某同学采用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻。已知干电池的电动势约

9、为1.5 V ,内阻约为0.5 Q ;电压表（量程03 V,内阻3 k Q）,电流表（量程00.6 A ,内阻1.0 Q）定值电阻 R= 0.5 Q , 滑动变阻器有 R（最大阻值10额定电流2 A）和R（最大阻值100额定电流0.1 A）各一只。(1)实验中滑动变阻器应选用 。(选填 R”或 R”)(2)根据图甲在实物图乙中连线使之为实验电路。(3)实验过程中电压表的某一次偏转如图丁所示，其读数为 V.(4)在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的电压与电流关系图象，根据图象求出的电源电动势E=V,内阻r =.(结果均保留三位有效数字)三、计算题(共4小题，共46分)15. (9分)如

10、图所示，为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻为路中的电流为1 A ,物体A重20 N,不计摩擦力，求：(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少？(2)电动机输入功率和输出功率各是多少？(3)这台电动机的机械效率是多少？r=1 Q ,电动机两端电压为 5 V,电16. (10分)如图所示，固定在匀强磁场中的水平导轨ab、cd的间距0.5 m ,金属棒ad与导轨左端bc的距离为 匕=0.8 m ,整个闭合回路的 为R= 0.2 Q ,磁感应强度为 B= 1 T的匀强磁场竖直向下穿过整个回 路.ad杆通过滑轮和轻绳连接着一个质量为f 0.04 kg的物体，不计A B摩擦，现使磁场以 =0.2 T/

11、s的变化率均匀地增大.求： At(1)闭合回路里感应电动势的大小及电流的方向.(2)物体刚好离开地面的时间(g取10 m/s 2).17. (13分)如图所示，上、下边界均水平的区域宽为L=0.1m,内有磁小为B=10T,方向水平向内的匀强磁场.一边长也为L,质量为m=0.1kg ,R=1 Q的匀质正方形线框，通过滑轮装置与另一质量为M=0.14kg的物体从磁场下方h处静止释放，当线框cd边进入磁场一段时间后(cd边仍在开始匀速运动经过磁场区域.从线框进入磁场到其恰达到匀速时，流过线面的电荷量q=0.04C,线框中产生的热量 Q=0.032J.已知线框上升途中线 与磁场方向垂直，ab边始终与边

12、界平行，不计运动过程中受到的空气阻 求：(1)线框匀速运动时的速度v；感应强度大 电阻为连接.线框 磁场中)， 框导线横截 框平面始终 力，g=10m/s2.(2)线框匀速运动的时间t；(3)线框释放处cd边距离磁场下边界的高度h.18. (14分)如图所示，在坐标系 xoy的第一、第三象限内存在相同的匀磁场方向垂直于 xoy面向里；第四象限内有沿 y轴正方向的匀强电场，电强磁场,场强度大入第四象知小为E. 一质量为m、带电量为+q的粒子自y轴的P点沿x轴正方向射 限，经x轴上的Q点进入第一象限，随即撤去电场，以后仅保留磁场。已 OF=d, OQ2d,不计粒子重力。(1)求粒子过 Q点时速度的

13、大小和方向。(2)若磁感应强度的大小为一定值R,粒子将以垂直y轴的方向进入第二象限，求B;(3)若磁感应强度的大小为另一确定值，经过一段时间后粒子将再次经过Q点，且速度与第一次过 Q点时相同，求该粒子相邻两次经过 Q点所用的时间。宜昌市一中2019年秋季高二年级期末考试物理答案一、选择题18 B、B、C、DX DX A、C B912 BD、AD BC CD二、实验题13 .(1)2970 1 : 5(2)0.950 或 0.95514 . (1) R (2)如图(3) 1.29 1.31V (4) 1.46 1.48, 0.4170.444.乙三、计算题15 .解析：(1)根据焦耳定律，热功率

14、为：Pc=I2r=12X1 W=1 W (3分).(2)输入功率等于输入电流与电动机两端电压的乘积P入=IU=1X5 W=5 W( 2分)输出功率等于输入功率减去发热消耗的功率P*P入PQ=5 W1 W=4 W. (2分)(3)机械效率 Y1=P出/P入=80%. (2分)答案：(1) 1 W (2) 5 W 4 W(3) 80%16 .(1)由法拉第电磁感应定律得A A BE= At =SAt =0.08 V. 3分由楞次定律可以判断，电流方向adcba, 2 分(2)物体刚好离开地面时，其受到的拉力 F= mg 而拉力F又等于棒所受的安培力，即mg= F 安=8112 分其中B= Bo+

15、A Bt2分EI = R解得t = 5 s. 1分17 . (1)当线框匀速运动时对线框由法拉第电磁感应定律E=Blv , I=E/R , F=BIL 1 分对线框FT=F+mg1 分对物体FT=Mg1 分解得v=0.4m/s 1 分(2)从线框进入磁场到其恰达匀速过程，由法拉第电磁感应定律- = = I Af At , R1 分-. BLi q = I - At =由电流定义得E1分得 x=0.04m线框一直匀速到 ab边离开磁场过二二0.4s v(3)对线框与物体组成的系统由能量守恒定律，式h +1)=叫(h + - (jr + J V* + Q解得 h=0.088m18.解：(1) (5分)设粒子在电场中运动的时间为4，加速度的大小为 a,粒子的初速度为 % ,过Q点时速度的大小为v,沿y轴方向分速度的大小为 丁，速度与x轴正方向间的夹角为 6,由牛顿第二定律得 心用“1由运动学公式得1M2/FG=HQ=2R713联立123456式得qEd。二 45。（2） （5分）设粒子做圆周运动的半径为 A,粒子在第一象限的运动轨 图所示，&为圆心，由几何关系可知 OO纵等腰直角三角形，得由牛顿第二定律得10g = 联立7910式得 2卵？ii（3） （