2020-2021年中考物理电功率专题

1、2020-2021年中考物理电功率专题一、电功率选择题1.如图，电路中Li“6V3W“和L26V6W两灯泡和滑动变阻器R串联，电源电压恒为12V.下列说法正确的是（）uB.保证两灯泡均不损A.闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片巳两灯泡均能正常发光坏，滑动变阻器R连入电路的最小值为3aC.滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为1.5WD.在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到12W【答案】C【解析】【解答】A、根据P=UI可得，灯泡正常工作的电流分别为：P1需P2郃由图知，闭合开关S,两灯泡串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光；A不符合题

2、意；B、由可得，两灯的电阻分别为:U1n-120a6由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的最大电流为:I=I二0.5A,由欧姆定律可得总电阻:=240根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，R连入电路的最小值：而小-八团.他那7-频,B不符合题意;C、滑片P从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的一个灯泡L1,所以另一盏灯的实际功率：.二?心-P瞅JX=上册，c符合题意；D、在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流I=l1=0.5A,则整个电路的最大功率:忸#=火mT6.励西D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据公式P=UI先计算出两灯正常发光时的电流，两灯串

3、联后，正常发光的是电流较小的一个，再利用公式r=7求出两灯的电阻；由于正常发光的是电流较小的一个，则根据P=2R求出另一盏灯的实际功率；在保证电路安全的情况下，电路中的电流达到正常发光时电流较小的灯泡的电流即为电路可达到的电流，利用P=UI即可求出最大功率.正确的判断电路的最大电流是关键.2 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（）A.电压表示数变小，灯L变亮C.电压表示数变大，灯L变亮B.电压表示数变小，灯L变暗D.电压表示数变大，灯L变暗【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的

4、电压,电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电&路中的总电阻变大，由1可知，电路中的电流变小，由u也可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由F=可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，B不符合题意、D符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，结合滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律及电功率的计算公式分析即可3 .常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是

5、（）A.电流表iB.电压表C.电能表iD.验电器【答案】C【解析】【解答】解：A电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题意；D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意.故选C.【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答.4 .如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,由此可知（）A.电源电压为7VB.R的阻值为20aC.电路消耗的最小功率为1.2WD.滑片P在b端时，10秒

6、内R产生的热量为12J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测及两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,”可知，R2两端电压为4V,ac两端电压Uac=3V,当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A,当滑片P由b端移到某点c时，电流期产=L1y，S2乂咫-飘I=0.3A,设电源电压为U,则一府心-0,3=1-31解得R=10Q,U=6V,AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片P在b端时，R1与R2串联，由P=UI可得，电路消耗的最小功率P=UI

7、=6VI2,A管中的液面较低|D1iI2,A管中的液面较高【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1I2,故AB错误；由Q=I2Rt可知，通电时间相同时，I1I2,R1=R2=5Q,所以左侧电阻产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高.故选D.【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=PRt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答.6.如

8、图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L变暗“B.电压表示数变小功率变小C.电流表Ai示数变大D.整个电路消耗的总【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压,电流表Ai测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由1=,可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电

9、流变小，即电流表Ai的示数变小，C不符合题意；由P=UI可知，整个电路消耗的总功率变小，D符合题意。故答案为：Do【分析】灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测干路电流，电流表A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.7 .如图所示，下列测量记录正确的是（）B.体温计的示数是A.物体的长度是3.15cmC.弹簧测力计示数是1NJt

10、-rL二r-广，二一一/寻_1-二14*I-L1H*D.电能表的示数是2015kW?h【答案】B【解析】【解答】A、刻度尺的分度值是1mm,末端刻度值为3.15cm,物体长度为3.15cm-2.00cm=1.15cm.故A错误；B、体温计的量程为35c42C,一个大格表示1C,里面有10个小格，因此它的分度值为0.1C.因此它的读数=36C+0.7C=36.7C.故B正确；C、弹簧测力计白分度值是0.2N,所以弹簧测力计的示数是0.2NX4=0.8N故C错误；D、电能表的读数为201.5kW?h.故D错误.故选B.【分析】使要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数.起始端是否从零开始，起始端没从0

11、开始，把2.00cm处当作“向度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位.要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数.要弄清楚弹簧测力计的量程和分度值再去读数.电能表的读数要注意，最后一位为小数位.8 .下列估测最接近实际的是（）A.一个鸡蛋的质量约为200gB.人感觉舒适的环境温度约为23CC.一位普通中学生的手掌宽度约为25cmuD.家用电视机的功率约为1500W【答案】B【解析】【解答】解：A、一个鸡蛋的质量约为50g；B、人感觉舒适的环境温度为20-26C;C、一位中学生的手掌宽度约为10cm；D、家用电视机的功率约为200W.故选B【分析】做这种题目

12、，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错.9 .如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S,标有“3V1.5W的灯泡L1正常发光，标有“6V3W的灯泡L2发光较暗。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）|l1A.电表a为电流表，且示数为1AB.电表b为电压表，且示数为3VC.电表c为电流表，且示数为0.25AD.闭合开关S,电路消耗的总功率为2.25W【答案】DPiLk二.=【解析】【解答】由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：Il盘扑P23WLlh6V二-4二二-0.5A,I2电6V0.5A,由I齐可得，灯泡L2的电

13、阻：R2上？，居12Q;因灯泡Li正常发光，灯泡匕发光但较暗，所以，通过Li、L2的电流不相等，Li与L2应并联，则a一定是电流表，b是相当于导线的电流表，c是相当于开路的电压表，B不符合题意；此时电流表a测干路电流，电流表b测L2支路的电流，电压表c测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡Li正常发光，所以，电源的电压U=Ui=3V,即U3V-二一h电压表c的示数为3V,C不符合题意；此时通过R2的电流：I2检12口0.25A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，以，干路电流表a的示数：I=Ii+l2=0.5A+0.25A=0.75A,A不符合题意；电路消耗的总功率：P=U

14、I=3VX0.75A=2.25W,D符合题意。故答案为：Dq【分析】根据P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律I7求出灯泡L2的电阻，根据灯?L,正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P=UI求出电路消耗的总功率.i0.如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A、B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻Ri=R2=R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关。下列说法正确的是（）A

15、qBA.此实验在探究电热Q与电阻R是否有关B.通过Ri的电流和通过R2的电流大小相等C.电阻Ri两端的电压和R2两端的电压相等D.通电后，A管的液面将会比B管的液面高【答案】D【解析】【解答】由图知，Q与R3并联后再与Ri串联，Ri处于干路上，根据并联电路的电流特点知，通过Ri的电流大于通过R2的电流，而R=R2,可见，该实验探究的是电热Q与电流是否有关，AB均错误；又根据U=IR知，Ri两端的电压大于R2两端的电压，C不符合题意；通电后，由于置于密闭空气中的电阻丝Ri=R2,而通过Ri的电流大于通过R2的电流，由Q=I2Rt知，左容器中空气吸热较多，内能增大较多，温度较高，所以A管的液面将会

16、比B管的液面高，D符合题意。故答案为：D【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量）分析解答ii.如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S,当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V;当，t片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V,在10s内定值电阻均产生的热量为摘.则下列结果正确的是）CA.电路中的最小电流为上必HBt片P在中点时，9s

17、内滑动变阻器R消耗的电能为60JC.R先后两次消耗的电功率之比为&：SD.口1先后两次消耗的电功率之比为/:&【答案】C【解析】【解答】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联电压表测量滑动变阻器的电压；由串联电路起分压作用知道，滑片从中点到b端时，电压表示数增大了2V,即滑片P置于变阻器的b端时，电压表示数是4V+2V=6V;由Q=U2/Rt知道，定值电阻的阻值是：Ri=Ui2/Qit=（i2V-6V）2/60JXi0s=6;，l滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，则电路中的电流最小，此时I最小=Ui/Ri=i2V-6V/6Q=iAA不符合题意；当滑片在中点时，电路中的电流是：I=Ui

18、/R=i2V-4V/6Q=4JA,所以，9s内滑动变阻器R消耗的电能是：W=UIt=4VX/3AX9s=48JB不符合题意；由以上分析结合P=UI知道，R先后两次消耗的电4VXIA8片一26VX-A功率之比是:,C符合题意；同理知道，Ri先后两次消耗的电功率之4(12V-4V)X-A比是：月316心吁9,d不符合题意,故答案为：Co【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V,再利用串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式进行计算即可12 .如图所示，电源电压不变，先闭合Si,再闭合金,下列

19、说法正确的是（）弱斗I-IyA.电压表、电流表示数均变小-B.电压表示数变大，电路总功率变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大D.电压表与电流表示数的比值变大【答案】B【解析】【解答】A、C由图可知，先闭合Si时，两电阻串联，电流表测量电路中的电Zi二T无可知，电路中的B符合题意；为电阻Ri流，电压表测Ri两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2,R2被短路，电路为Ri的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；Ri的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律电流变大，即电流表示数变大，AC不符合题意；

20、B、电源电压不变，电流变大，根据P=UI可知，电路的总功率变大，D、两开关都闭合时，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值，即的阻值，所以该比值不变，D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，判断开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件，利用串联电路的特点和欧姆定律分析即可.13 .如图甲所示，已知电流表的量程为00.6A,电压表的量程为015V,滑动变阻器R2的规格为“20Q0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P,得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（）甲A.电源电压为9VB.R的阻值为20QC.滑动变阻器的取值范围

21、是220aFD.电路总功率的变化范围是2W3W【答案】C【解析】【解答】结合电路图和乙图可得：列,仪2A乂0二a3Ax用；解得：昭二电源电压为：E=琰十口JAXIOA=6V,AB不符合题意；已知电流表的量程为00.6A,滑动变阻器R2的规格为“20卬.5A；因为串联时电流相等,U6VR./二1？口故电路最大电流为0.5A,此时电路总电阻为：“收注品一-，则滑动变阻器最小电阻为：厄二心月金当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V,小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Q,则滑动变阻器接入电路的取值范围是2Q20Q;U6V1小二=0.2A最小电流为：的*您十川口卜一

22、刃口,电路最小功率为：月小二支小=6TM。.分=LN；电路最大功率为：俨=以丈6VX口飙郛。故答案为：Co【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻Ri的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.14 .如图所示，电源电压保持不变，Li、L2、L3是电阻保持不变的灯泡，L2、L3完全相同。第一次开关S、S、S2都闭合时，Li的电功率为25W;第二次只闭合开关S时，Li的电功率为16W。则下列说法正确的是（）A.Li、L2两灯丝电阻之比为1：4B只闭合S时，Li和L3的功率之比为1：4C.Li前后两次的电压之比为25：i6D.前后两次电路消耗的总

23、功率之比为25:4【答案】D【解析】【解答】由图可知，开关S、Si、S2者B闭合，Li、L2并联，此时Li的电功率为If产p-.-25Rp=-16H帝i,当只有开关S闭合时，L1、L3串联，L1的电功率为R，根据两次电功率的比值计算，电压之比为r-比/,C不符合题意；Li和L2并联时，L1两端的电压为电源电压，Li和匕串联时，Li和匕的分压比为Ui:U3=4:1,A不符合题意；根据串联电路电流相等，则Li和L3的电功率的比值为Pi：P3=4:1,B不符合题意；并联时的电流UUUU5U+为的歆强的他,串联电路的电流为UUV5UU上串二I率一:-25：4他做+竹册，前后两次电流比为.册i一，电源电

24、压一定，所以电路总功率之比为25:4,D符合题意。故答案为：D.【分析】(i)开关S、Si、S2都闭合时，Li、L2并联；只闭合开关S时，Li、L3串联，由由电路特点和0R表示出两次Li的电功率，由此可得的Li、L3电压、电阻关系；(2)由P=I2R计算只闭合S时，Li和L3的功率之比；(3)由电路特点和欧姆定律表示出前后两次电路中电流，由P=UI可得两次电路消耗总功率的比。i5.共享电动车不仅环保节能而且为人们的出行带来了很大方便。已知某品牌共享电动车的电动机线圈内阻一定，转轴卡住不能转动时，线圈两端电压为48V,电流为12A.当电动车在水平地面上以i8km/h的速度匀速直线行驶时，线圈两端

25、电压仍然为48V,电流为2A,则下列说法正确的是()A.电动机线圈电阻为24aB.动机的机械功率为96WC.电动机的效率是66.7%D.电动车前进时受到的阻力为i6N【答案】D【解析】【解答】解：(i)因电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，所以，由1=7可得，电动机线圈的电阻：9吧r=，二4=4Q,A不符合题意；(2)当在水平地面上以v=i8km/h=5m/s的速度匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，此时电动机消耗的电功率：Pm=UI=48Vx2A=96W,电动机线圈电阻消耗的热功率：Pr=(I)2R=(2A)2X4野i6W,电动机的机械功率：P机械=Pm-Pr=96W-i6W=80W,B不

26、符合题意；P叔域80H电动机的效率：&xi00%立训xi00险83.3%C不符合题意；因电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，aFs所以，由p=7=7=fv可得，电动车前进时的牵引力即受到的阻力：隔解80Wf=F=I=与bZs=16N,D符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律i=7求出电动机线圈的电阻；当在水平地面上匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，根据P=UI求出此时电动机消耗的电功率，根据P=2R求出电动机线圈电阻消耗的热功率，利用nr=P植X100喊出电动机的效率；电动车在水平地面上匀速直线行

27、驶时处于平衡状态，受到的阻nFs力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，利用P=r=Fv求出电动车前进时的牵引力即受到的阻力.16.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）C=hu*（0）11讨k，11|A.用电器消耗的总功率B.电压表V的示数与电流表A的示数的比值C.电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值D.电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积【答案】D【解析】【解答】由电路图知道，Ri与R2并联，电流表Ai测R的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移

28、动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符合题意；由图知道，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过Ri的电流不变，即电流表Ai示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表Ai示数不变，所以电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积不变，D符合题意，

29、故答案为：Do【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进行分析即可.17 .如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（）A.电风扇工作时主要将电能转化为机械能B.家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C.法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机D.测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线【答案】A【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为了机械能；故A正确；B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故B错误；C、法拉第根据图示电磁感应

30、的原理制成了发电机；故C错误；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，速管发光，导线是火线；速管不发光的是零线，故D错误.故选A.【分析】（1）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能；（2）电能表是测量电能的仪表；（3）发电机的原理是电磁感应；（4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，速管发光，导线是火线；窗管不发光的是零线.本题综合考查了用电器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识考查范围.18 .如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，Ri、R2均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电

31、功率为12W,只闭合开关Si时，加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是（）A.该加热器只有两个加热档位B.加热器两个发热电阻丝的阻值之比Ri：R2=1：3C.加热器功率最大时，Ri与R2的电流之比为2：1iD.该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解析】【解答】A.由电路图知道，Ri与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，这样电加热器能有三个加热档位，即R单独工作、R2单独工作、R和R2同时工作，A不符合题意；B.由电路图知道，开关Si、S2均闭合时，Ri与R2并联，由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R的发热功率是：P2=P-Pi=i2W-8W=4W,又因为并联电路中各支路两端

32、的电压相等，所以，由,知道，两个发热电阻的阻值之比是：IIf丹片-酣，J一万一疝乃；B不符合题意；C.由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI知门_7心而_凡是邦7道，加热器功率最大时，Ri与R2的电流之比是：u,C符合题意；D.由于Pi=8W,P2=4W,所以，当只有R2工作时，该加热器的电功率最小，即最小电功率是4W,D不符合题意。故答案为：C【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，根据并联电路的特点和芥求出两个发热电阻的阻值之比；根据P=UI可得电流之比；根据Ri的发热功率和R2的发热功率判断得出最小电功率.i9.如图所示的电路中，电源两端电压U保持不变，小灯泡上标有“

33、i2V6W,定值电阻为Ri,滑动变阻器的最大阻值为R2,忽略温度对电阻的影响，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最右端时，电压表的示数为Ui,小灯泡的实际功率为其额定功率的i/4;将滑动变阻器的滑片移至最左端时，电压表的示数为6,小灯泡正常发光，滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为AP,若Ui：U2=3:2。则下列结果正确的是A. R1=48Q【答案】DB. 1=24VC. U=36VD. P=6W【解析】【解答】闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最右端(即阻值最大处)时，等效电路图如图1所示：0)时，等效电路0D、闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最左端(即其连入电路中的电阻为

34、图如图2所示：冬U额=12V,P额=6W,，灯正常发光时的电阻为：口瞪他V*=-24(2P莉6W在图1状态下，PL卖15W，此时电路中的电流为：即I1=0.25A;在图2状态下，小灯泡正常发光,，此时电路中的电流为:在图1状态下，Ui=Ii(R1+R2)=0.25AMR1+R2),在图1状态下，U2=2R=0.5AXiR,曲25AX血+R”0.5AXRl解得：R2=2Ri。、在图1状态下，U=I1(R+R2+RL)=0.25AX(R+R2+24Q，在图2状态下，U=I2(R1+RL)=0.5AMR+24Q，组成方程组，解得：R1=24Q,R2=48Q,U=24V;则电压表的示数U1为：U1=I

35、1(R+R2)=0.25AX(24+48Q=18V。、I1=0.25A,I2=0.5A,U=24V,，滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为：P=U=U(I2-I1)=24VX（0.5A-0.25A）=6W。A、B、C不符合题意，D符合题意。故答案为：Do【分析】闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最右端（即阻值最大处）时，灯泡L、电阻Ri和2串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻Ri和及两端的电压；将滑动变阻器的滑片移至最左端（即其连入电路中的电阻为0）时，灯泡L和电阻Ri串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R两端的电压；团、可利用公式R=P计

36、算出灯泡的电阻。在图1状态下，小灯泡的实际功率为其额定功率1F的寸，从而可利用公式I2计算出此时电路中的电流Ii;在图2状态下，小灯泡正常发光，0可利用公式1=计算出此时电路中的电流12。、知道在图1和图2状态下Ui：U2=3:2,可利用公式U=IR列出一个电压的比值式，从而可以计算出电阻Ri和R2的关系。、在图i和图2状态下电源电压不变，可利用公式U=IR列出两个电源电压的灯饰，组成方程组，便可以计算出电阻R和R2的阻值，电源电压U.再在图i状态下，利用公式U=IR计算出电压表的示数Ui。知道了电源电压，又知道图i和图i状态下的电流，可利用公式P=UI计算出滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的

37、总功率的变化量为P。20.电能表的表盘如图所示，关于电能表下列说法正确的是Y/220Vh&1曲？1书空XA.正常工作时，额定功率为220VB.表盘每转600圈电路耗电ikW?hC.同时消耗的总功率不能超过2200WD电路消耗的总电能是3i45kW?h【答案】B【解析】【解答】解：A、正常工作时，额定电压为220V,故A错；B、表盘每转600圈电路耗电ikW?h,故B正确；C、同时消耗的总功率不能超过P=UI=220VX20A=4400VV故C错；D、表盘上的数字的最后一位是小数，电路消耗的总电能是3i4.5kW?h,故D错。故选Bo【分析】理解电能表的表盘上各个物理量的意义。2i.如图甲所示，

38、是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484的保温电阻,Ri是规格为“220V800W的主加热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-1）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S,S自动接到a,同时Si自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b,减压进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h,下列说法正确的是（）二（1015issn

39、iLt甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是18minD.电压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间分别为06min,912min,1518min,即R1的工作时间t1=12min=0.2h,C不符合题意

40、；D.R2的工作时间t2=18min=0.3h,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2,即：0.25kW?h=0.8kW0.2h+P2X0.3h解得：P2=0.3kW=300W,两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=Pi+P2=800W+300W=1100W,pnoon由P=UI可得，I=七二fw=5A,D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键22.灯L1标有“8V16W,灯L2标有“12V36W，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串联后接在电压为U的电

41、路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压U的最大值是（）A.14伏B.16伏iC18伏D.20伏【答案】B【解析】【解答】由P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：Ii=Pi/Ui=16W/8V=2A,I2=P2/U2=36W/12V=3A,由I=U/R知道两灯泡的电阻分别是：Ri=Ui/Ii=8V/2A=4Q,R2=U2/I2=12V/3A=4Q,因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过两灯泡的最大电流I=Ii=2A,又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端允许加的最大电压是：U=I（Ri+R2）=2AX（4+4Q=16V,故答案为：Bo【分析】两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可23 .下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是（）A.电风扇B.电水壶iC.电视机“D.手机【答案】B