2019-2020学年安徽省六安市青山中学高三（上）月考物理试卷（含解析）

1、2019-2020学年安徽省六安市青山中学高三（上）月考物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共24分）1. 如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（）A. 大小为2N,方向平行于斜面向上B. 大小为1N,方向平行于斜面向上C. 大小为2N,方向垂直于斜面向上D. 大小为2N,方向竖直向上2. 如图所示，木块与墙壁的动摩擦因数为，木块的重力为G；当木块沿墙壁向下滑动时，物体所受摩擦力的大小和方向为（）A. 大小为F,方向向上B. 大小为F,方向向下C. 大小为G,方向向下D. 大小为G-F,方向向下3. 将一

2、小球以初速度为从地面竖直上抛后，经过4s小球离地面高度为6m，若要使小球竖直上抛后经2s到达相同高度，g取10m/s2，不计阻力，则初速度0应（）A. 大于B. 小于C. 等于D. 无法确定4. 如图所示，一个质量为m的滑块静止置于倾角为30的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30则（）A. 滑块一定受到四个力作用B. 弹簧一定处于压缩状态C. 斜面对滑块一定有支持力D. 斜面对滑块的摩擦力大小可能等于零5. 如图，粗糙的水平地面上有三块材料完全相同的木块A、B、C，质量均为m，B、C之间用轻质细绳连接现用一水平恒力F作用在C上，三者开始一

3、起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动，则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A. 若粘在A木块上面,绳的拉力不变B. 若粘在A木块上面,绳的拉力减小C. 若粘在C木块上面,A、B间摩擦力增大D. 若粘在C木块上面,绳的拉力和A、B间摩擦力都减小6. 完全相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比或穿过每块木块所用时间之比为（）A. v1：v2：v3=3：2：1B. v1：v2：v3=(3-2)：(2-1)：1C. t1

4、：t2：t3=3：2：1D. t1：t2：t3=(3-2)：(2-1)：1二、多选题（本大题共4小题，共16分）7. 如图所示，用轻绳AO、BO系住一物体处于平衡状态，绳A与竖直方向成一角度，绳BO水平当绳子的悬点A缓慢向右移动时，BO始终保持水平，关于绳子AO和BO的拉力，下列说法中正确的是（）A. 绳AO的拉力一直在减小B. 绳AO的拉力先减小后增大C. 绳BO的拉力一直在减小D. 绳BO的拉力先增大后减小8. 有一直升飞机停在200m高的空中静止不动，有一乘客从窗口由静止每隔1s释放一个钢球，则钢球在空中的排列情况下列说法正确的是（）A. 相邻钢球间距离相等B. 越靠近地面,相邻间的距离

5、越大C. 在落地前,早释放的钢球速度总是比晚释放的钢球速度大D. 早释放的钢球落地时的速度大9. 一物体作竖直上抛运动（不计空气阻力），初速度为30m/s，当它位移大小为25m时，经历时间为（g=10m/s2）（）A. 1sB. 2sC. 5sD. 3s10. 如图甲所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k的轻弹簧，下端固定在斜面底端，上端与质量为m的物块A连接，A的右侧紧靠一质量为m的物块B，但B与A不粘连初始时两物块均静止现用平行于斜面向上的拉力F作用在B，使B做加速度为a的匀加速运动，两物块在开始一段时间内的v-t图象如图乙所示，t1时刻A、B的图线相切，t2时刻对应A图线的最

6、高点，重力加速度为g，则（）A. t1=2m(gsin+a)akB. t2时刻,弹簧形变量为mgsinkC. t2时刻弹簧恢复到原长,物块A达到速度最大值D. 从开始到t1时刻,拉力F做的功比弹簧释放的势能少(mgsin-ma)2k三、实验题（本大题共2小题，共18分）11. 在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的一另一端都有绳套（如图）实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉像皮条（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，应该将橡皮条和绳的结点沿相同方向拉到_ 位置（填“同一”或“不同”）（2）同学们在操作过程中有如下讨论，其中对

7、减小实验误差有益的说法是_ （填字母代号）A实验中两个分力的夹角取得越大越好B弹簧测力计、细绳、橡皮条要尽量与木板平行C两细绳必须等长D拉橡皮条的细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些12. 一学生用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数。在桌面上放置一块水平长木板，木板一端带滑轮，另一端固定一打点计时器。木块一端拖着穿过打点计时器的纸带，另一端连接跨过定滑轮的绳子，在绳子上悬挂一定质量的钩码后可使木块在木板上匀加速滑动，实验中测得木块质量M=100g，钩码质量m=50g。（1）实验开始时，应调整滑轮的高度，让细线与木板_；（2）实验时将打点计时器接到频率为5

8、0Hz的交流电源上，打出一条纸带，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有4个点未标出）。s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.64cm，则小车的加速度a=_m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）根据实验原理可求出动摩擦因数=_（结果保留两位有效数字）四、计算题（本大题共4小题，共42分）13. 一辆汽车以72km/h的速度在平直公路上超速行驶当这辆超速行驶的汽车经过警车时，警车立刻从静止开始以2.5m/s2的加速度匀加速度追上去，从警车启动开始计时，求：（1）追上前何时两车相距最远？（2）追上前两车相距最远是多

9、少？（3）警车截获超速车时，警车的速度多少？14. 一水滴从屋檐自由下落，在空中运动了t=0.8s后落地，已知重力加速度g=10m/s2，不考虑空气阻力求：（1）水滴落地时的速度v；（2）屋檐离地面高度h15. 如图所示，光滑固定斜面上有一个质量为10kg的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为45，斜面倾角30，整个装置处于静止状态，（g取10m/s2）；求：（1）绳中拉力的大小和斜面对小球支持力的大小；（2）若另外用一个外力拉小球，能够把小球拉离斜面，求最小的拉力的大小16. 人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在

10、坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？答案和解析1.【答案】D【解析】【分析】小球保持静止状态，合力为零，小球受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力的大小和方向本题关键结合平衡条件对物体受力分析，要注意杆的弹力方向可以与杆平行，也可以与杆不共线【解答】小球受到重力G和弹性杆对小球的弹力F，由于小球处于静止状态，弹力与重力平衡，故弹性杆对小球的弹力方向应竖直向上，大小为F=G=2N，故ABC错误，D正确。故选：D。2.【答案】A【解析】【分析】根据最大静摩

11、擦力等于滑动摩擦力，结合滑动摩擦力的大小f=N公式，即可求解。本题容易出错的地方是学生只想到用滑动摩擦力公式中压力即为G，同时注意其大小与静摩擦力大小计算方法的区别。【解答】由题意可知，物体受到是滑动摩擦力，即大小为f=N=F；方向竖直向上，故A正确，BCD错误。故选A。3.【答案】B【解析】分析：竖直上抛可以看作初速度向上的加速度为a=-g的匀减速直线运动第一种情况：由时间和高度求出初速度v同理求出第二种情况的v0，再比较v0与v大小本题考查处理竖直上抛运动的能力，采用的整体法，也可以应用分段法，还可以采用图象法研究解：由题意，对于第一情况：h=6m，t1=4s，则得h=vt1-12gt12

12、 代入解得v=21.5m/s 同理h=v0t-12gt22，代入解得v0=13m/s 所以v0v故选B 4.【答案】C【解析】解：A、B、弹簧与竖直方向的夹角为30，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态；也可能受到弹簧的拉力或者推力，即受4个力作用；而弹簧弹力可以是拉力，也可以是压力；即弹簧可能处于伸长状态；故A错误；B错误；C、D、沿斜面方向，根据平衡条件滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于12mg），不为零，有摩擦力必有弹力，所以斜

13、面对滑块的支持力不可能为零，故C正确，D错误。故选：C。滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零；滑块也可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡根据共点力平衡进行分析解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零5.【答案】D【解析】解：因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：F-3mg-mg=（3m+m）a，a都将减小。AB、若粘在A木块上面，以C为研究对象，受F、摩擦力mg、绳子拉力T，F-mg-T=ma，则得：T=F-mg-ma，a减小，F、mg不变，所以，T增大。故AB错误；C

14、D、若粘在C木块上面，a减小，对A有：fA=ma，可知A的摩擦力减小，以AB为整体，有T-2mg=2ma，得：T=2mg+2ma，则T减小，故C错误，D正确；故选：D。对整体分析，运用牛顿第二定律判断系统加速度的变化通过隔离分析，得出绳子拉力和摩擦力的大小的变化解决本题的关键要灵活选择研究对象，会用整体法和隔离法，能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解6.【答案】D【解析】解：A、采取逆向思维，子弹做初速度为0的匀加速直线运动，根据v2=2ax得，可知v1：v2：v3=3：2：1，故A、B错误。C、初速度为0的匀加速直线运动中，在通过相等位移内所用的时间比为1：(2-1)：(3-2)，则

15、则穿过每块木块所用时间之比为t1：t2：t3=（3-2）：（2-1）：1，故C错误，D正确。故选：D。子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，根据v2=2ax求出子弹依次射入每块木块的速度比；初速度为0的匀加速直线运动，在通过相等位移内的时间比为1：(2-1)：(3-2)根据该推论得出穿过每块木块所用的时间比本题采取逆向思维来做比较方便，以及掌握初速度为零的匀变速直线运动的特殊推论，并能灵活运用7.【答案】AC【解析】解：对点O受力分析，受重力mg、拉力FB和FA，将三个力首尾相连，构成矢量三角形，如图；从上图可以看出，细线AO与竖直方向夹角逐

16、渐变小的过程中，拉力FA逐渐减小，拉力FB也逐渐减小；故选：AC。对点O受力分析，受到三个绳子的拉力，其中向下的拉力大小、方向都不变，向右的拉力方向不变、大小变，向左上方的拉力大小和方向都变，根据平衡条件，运用合成法作图分析物体所受的三个力中，有一力的大小、方向均不变（通常为重力，也可能是其它力），另一个力的方向不变，大小变化，第三个力则大小、方向均发生变化；先正确分析物体所受的三个力，将三个力的矢量首尾相连构成闭合三角形，然后将方向不变的力的矢量延长，根据物体所受三个力中二个力变化而又维持平衡关系时，这个闭合三角形总是存在，只不过形状发生改变而已，比较这些不同形状的矢量三角形，各力的大小及变

17、化就一目了然了8.【答案】BC【解析】【分析】自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动；根据速度位移关系公式判断落地速度。本题关键是明确钢球的运动性质，然后选择恰当的运动学公式进行分析讨论；同时初速度为零的匀加速直线运动的几个推论对自由落体运动也是成立的。【解答】解：AB.初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内，位移之比为1：3：5：，故越靠近地面，相邻球间的距离越大，故A错误，B正确；C.在落地前，早释放的钢球加速运动时间长，故速度大，故C正确；D.根据位移速度公式，有v2=2gh；解得：v=2gh，故钢球落地速度都相等，故D错误。故选BC。9.【答案】AC【解析】解

18、：设向上为正，则由x=v0t+12at2 可知h=v0t-12gt2；即：25=30t-5t2 解得：t=1s或t=5s；当物体向上经25m时，t=1s；当物体向下返回25m时，t=5s；故选：AC由位移和时间的关系列出方程可得出经历的时间，注意有向下和向上两种可能竖直上抛运动有两个过程，物体到达最高点后不能静止，而是向下继续运动10.【答案】BD【解析】解：A、由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律有：kx-mgsin=ma开始时有：2mgsin=kx0，又x0-x=12at12联立以三式得：t1=2m(gsin-a)ak故A错误。BC、由图知，t2时刻A的加速度为零，速度最

19、大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：mgsin=kx，则得：x=mgsink，此时弹簧处于压缩状态，故B正确，C错误。D、由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律：kx-mgsin=ma开始时有：2mgsin=kx0从开始到t1时刻，弹簧释放的势能EP=12kx02-12kx2从开始到t1时刻的过程中，根据动能定理得：WF+EP-2mgsin（x0-x）=122mv122a（x0-x）=v12由解得：WF-EP=-(mgsin-ma)2k所以拉力F做的功比弹簧释放的势能少(mgsin-ma)2k，故D正确。故选：BD。由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律和运动学公

20、式求解t1A的速度最大时加速度为零，根据胡克定律求出A达到最大速度时的位移；根据牛顿第二定律求出拉力F的最小值根据功能关系分析能量如何转化本题分析时要注意：从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等11.【答案】同一；BD【解析】解：（1）本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系，根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，即两次拉橡皮筋要到同一位置；（2）A、用弹簧秤同时拉细绳时，夹角不能太太，也不能太小，有利于作图即可，故A错误；B、测量力的实验要求

21、尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长故C错误；D、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确故选：BD 故答案为：（1）同一；（2）BD 本题考查了具体实验细节要求，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握12.【答案】平行 0.80

22、 0.38【解析】解：（1）实验时木板上方的细线必须平行于木板，保持拉力等于小车所受的合力，（2）根据x=aT2，运用逐差法得：a=s4+s5+s6-s1-s2-s39T2=5.97+6.78+7.64-3.59-4.41-5.1990.1210-2m/s2=0.80m/s2。（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：mg-Mg=（M+m）a，解得：=mg-(m+M)aMg代入数据解得：=0.38。故答案为：（1）平行；（2）0.80；（3）0.38。（1）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤。（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度。（3）由牛顿第二定律列方程

23、求出动摩擦因数。解决本题的关键知道实验的原理和注意事项，知道在什么情况下m要远小于M的质量，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用。13.【答案】解：（1）72km/h=20m/s 当两车速度相等时，两车相距最远根据v0=at得，t=v0a=202.5s=8s（2）此时汽车的位移x1=v0t=208m=160m，警车的位移x2=12at2=122.564m=80m，则最远距离x=x1-x2=80m（3）当警车追上超速车时，有：v0t=12at2 解得t=2v0a=402.5=16s，此时警车的速度v=at=2.516m/s=40m/s答：（1）追上前

24、经过8s两车相距最远；（2）追上前两车相距最远是80m；（3）警车截获超速车时，警车的速度为40m/s【解析】（1、2）当两车速度相等时，两车相距最远，根据速度时间公式求出相距最远的时间，通过位移公式求出相距的最远距离（3）根据位移相等，结合位移公式求出追及的时间，通过速度时间公式求出警车追上超速车时警车的速度速度小者加速追及速度大者，速度相等前，两者距离逐渐增大，速度相等后，两者距离逐渐减小，知道速度相等时，两者有最远距离14.【答案】解：（1）对下落运动过程，运用运动学速度公式v=gt得：落地速度为：v=100.8=8m/s；（2）对下落运动过程，运用运动学位移公式有：h=12gt2 得：h=12100.64=3.2m 答：（1）水滴落地