中考物理电功率技巧(很有用)及练习题

1、中考物理电功率技巧 （很有用 ） 及练习题一、电功率选择题1如图甲所示，闭合开关 S，调节滑动变阻器的滑片滑片从最右端滑至最左端时，小灯泡 恰好正常发光。电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙。下列说法中正确的是）滑B.动 变阻器的最大阻值为 14 D . 电路总功率的变化范围为 8W 12WA. 电源电压为 9VC. 小灯泡的额定功率为 8W【答案】 B【解析】 【解答】由电路图可知， L 与 R0 两端的电压之和，电压表 片位于最左端时，接入电路中的电阻为零， 两电压表的示数最大且电压表 V1 测电源两端的电压， 由图乙可知，电路中的最大电流I 大1.0A，电压表 V2 的示数 U06V

2、，电压表 V1的示数为灯泡V2测L 与定值电阻 R0、滑动变阻器 R 串联，电压表 V1 测R0 两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑此时电路中的电流最大，电路的总功率最大，12V，即电源的电压 U12V，A 不符合题意；ULUU012V因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压： 6V6V， 因此时小灯泡恰好正常发光， 所以，灯泡的额定功率： PLULI 大 6V× 1.0A6W ， C 不符合题意； 电路的最大总功率： P 大UI 大12V×1.0A12W；（ 2）当滑片位于最右端时，接入电路中 的电阻最大，此时电路中的电流最小，电路的总功率最

3、小，由图象可知，电路中的最小电流 I 小0.5A，电压表 V1的示数 UV15V， 此时滑动变阻器两端的电压： UR UUV112V5V7V，由 I 可得，滑动变阻器的最大阻值：R14，B 符合题意；电路的最小总功率： P小UI 小12V×0.5A6W，则电路总功率的变化范围是 6W12W，D 不符合题意。故答案为： B。【分析】结合电路图，李强元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片位于最左端时，接 入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，电路的总功率最大，两电压表的示数最大 且电压表 V；测电源两端的电压，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点求 出灯泡两端的电压，利用

4、P=UI 求出灯泡的电功率即为额定功率，利用 P=UI 求出电路的最大总功率；同理，当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最 小，电路的总功率最小，根据图象读出 V1 的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压 特点求出 R两端电压，利用欧姆定律求出变阻器的最大阻值，利用 P=UI 求出电路的最小总 功率，然后得出电路总功率的变化范围 .2将标有 “6V3 W”和“ 6V2 W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V 的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（ ）B. 两只小灯泡都能正常发光D. 两只小灯泡的总功率小于 2WA. 两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮C.

5、 通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮【答案】 DR1=12 ，乙灯的电阻 R2=【解析】 【解答】甲灯的电阻的实际功率 P 甲=I2R1 ， 乙灯的实际功率 P乙 =I2R2 ， 因为 R1<R2 ， 所以 乙灯亮， 两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故 误，=18，甲灯P 甲< P 乙 ， 所以ABC 错两灯消耗的总功率 P 总= 故选 D=1.2W < 2W，故 D 正确A、B3如图是探究 “电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置通电前，两个 U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、 R2的电流分别为 I1、I2 ， 则

6、（ ）B.1 =II2 ， A 管中的液面较高D.1 >I I2 ， A 管中的液面较高A. I1=I2 ， A 管中的液面较低C. I1>I2 ， A 管中的液面较低【答案】 D【解析】 【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1>I2 ，故 AB错误；由 Q=I2Rt 可知，通电时间相同时， I1> I2 ， R1=R2=5 ，所以左侧电阻产生的热量较多， 密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较 大， A 测玻璃管液面较高故选 D 【分析】由电路图分析电阻丝的连接方

7、式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电U形流关系，根据 Q=I2Rt 比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大， 管内两液面的差值变大，据此进行解答S，当滑动变阻器的滑片 P 向左滑动4如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，下列判断正确的是（ ）A. 电压表 示数变小B. 电压表 示数不变C. 灯泡 L 的亮度不变D. 电压表 与电流表 A 示数比值变小【答案】 D【解析】 【解答】解：由电路图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R串联，电压表 V1测电源两端 的电压，电压表 V2测 R两端的电压，电流表测电路中的电流，因电源电压保持不变， 所以，滑片移动时，电压表 V

8、1示数不变， A 不符合题意； 当滑动变阻器的片 P 向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由 I= 可知，电路中的电流变大，即电流表A 的示数变大，则电压表 V1与电流表 A示数比值变小， D 符合题意； 变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知， R 两端分得的电压变小，即 电压表 V2示数变小， B 不符合题意；电源电压不变， R两端分得的电压变小，则灯泡 L 两端的电压变大， 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 P=UI 可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，C 不符合题意。故答案为： D【分析】结合电路图，理清依据的连接方式，根据电源的电压可知滑

9、片移动时电压表V1 示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律 I= 可知电路中电 流的变化，然后得出电压表 V1与电流表 A 示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知 R 和 L 两端分得的电压变化，根据 P=UI 可知灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化.5图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流， 变阻器 R 的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率R0 为定值电阻，移动滑动 P 随电流表示数 I 变化的关系图解析】 【解答】解：由图B.R0与 R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流线中，可能正确的是（若电源提供的电流恒定为 I总 ，AB、根据

10、并联电路特点可知： U=U0=I0R0=（I总I）R0=IR0+I 总R0 ， 其中 I总、R0为定值，由 U=R0I+I 总R0 ，可知 U与 I的图象为一次函数，且 R0< 0，故 AB错误；CD、由电功率的计算公式： 电路消耗总功率： P=UI总=（ I 总 I）R0×I总= I总R0I+I总2R0 ， 其中 I总、R0为定值，由 P= I总R0I+I总2R0 ，可知 P与 I的图象为一次函数， I总R0<0， 且 I不能为 0，P不会为 0，故 C正确， D错误故选 C【分析】由图 R0与 R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流电源提供电流一定，根据并联电

11、路特点分别表示出 U 与 I 和 P 与 I 的表达式，分析判断即 可6如图所示，电源电压 U为 10V并保持不变，滑动变阻器规格为 “201 A”。闭合开关 S， 当滑片 P 移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片 P 移至中点时，电流表示数为 0.4A则（ ）A. 电路消耗的最小功率为 2.5W2.4WC. 滑片 P 在中点时，灯泡消耗的功率为 灯泡所做的功为 10JB . 滑片 P 在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W D. 滑片 P 在最左端时， 2min 内电流通过答案】 B解析】 【解答】解：滑片 P 在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由I 得，消耗的功率最

12、小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P 最小 灯泡正常发光时的电阻： RL 20；滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路2.5W；而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是 2.5W；A 不符合题意；（ 2）滑片 P在中点时，电流表示数为 0.4A，根据 I 可得，此时滑动变阻器两端的电压：U 滑IR滑0.4A× ×20 4V，因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压： ULUU 滑10V4V6V，灯泡的实际功率： PLULI6V×0.4A2.4W；B 符合题意， C不符合题意；滑片 P 在最左端时， 2min 内电流通过灯泡做的

13、功： WLUILt10V×0.5A ×2×6600s0J，D 不符合题意。故答案为： B。【分析】当滑片 P 移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时 灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和 P= 即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然 后即可比较判断；滑片 P 在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联 电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据 P=UI 求出灯泡的实际功率；滑片 P 在最左端 时，根据 W=UIt 求出 5min 内电流通过灯泡做的功

14、.7小龙家上月初电能表示数为示，表盘上“3200imp/（kW?h）”表示每消耗，电能表的部分参数及上月末的示数如图所1kW?h 的电能，指示灯闪烁 3200 次，下列选项正确的是（ ）A. 小龙家上月消耗的电能为 680kW?hB. 小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC. 指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D. 断开其它用电器，只让阻值是 100 的电热棒单独工作 3min，指示灯闪烁 64 次，此时 小龙家的实际电压是 200V【答案】 D【解析】 【解答】解：A、电能表的读数时，最后一位是小数，单位kW?h ，小龙家上月消耗的电能为772.3kW?h7

15、04.3kW?h=68kW?h ，故 A 错；B、小龙家同时使用的用电器最大总功率P=UI=220V × 20A=4400，W故 B 错；C、电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，而指示灯闪烁的次数多表示，电能表所在 电路消耗的电能多，总功率不一定大，故C 错；D、电能表上的指示灯闪烁了 64 次消耗的电能：W= kW?h=0.02kW?h ；电热棒的电功率： P= =0.4kW=400W 由 P= 得实际电压：U= =200V，故 D 正确故选 D【分析】（ 1）电能表的读数方法： 月末的减去月初的示数； 最后一位是小数； 单 位 kW?h；求出本月消耗的电能；（ 2）10（20

16、） A，10A 是指电能表的标定电流， 20A 是指 电能表平时工作允许通过的最大电流，利用 P=UI 求小龙家同时使用的用电器最大总功率； （3）电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4）3200imp/ （ kW?h）表示每消耗1kW?h 的电能，指示灯闪烁 3200 次，从而可求闪烁 64 次消耗的电能；根据公式 P= 求出电热棒的电功率，再利用 P= 求实际电压8 两个定值电阻 R1、 R2 并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如 图乙所示，闭合开关 S，则 R1 ， R2 产生的热量之比为（ ）2C . 4： 1D . 1：4【解答】由并联电路的特点知道，通过

17、R1、 R2 的电流之比是 2：1；由 I=U/R 知道， R1、 R2 的电阻之比为 1：2；由 产生的热量与电阻成反【解析】 相同时， 图甲知道，闭合开关 S，则通电时间相同，由 Q=W=U2R t 知道， 比，故 R1、R2产生的热量之比是 2： 1，故答案为： A。R1、R2 的电压是相同的，由图乙知道，在电压【分析】利用欧姆定律判定 R1、R2 的阻值关系；根据焦耳定律公式 的比值 .W= t 判定产生热量9常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（）A. 电流表B. 电压表 C. 电能表【答案】 C【解析】 【解答】解： A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；D. 验

18、电器B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功） 意；D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意故选 C【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答的仪表，符合题10 如图所示是 “探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关 透明容器中密闭这等量的空气， R1=R2=R3 ， 当开关 S 闭合后，下列说法正确的是（”的实验装置，两个）A. 该实验装置是探究电流通过电阻时产生的热量与电阻大小的关系B. 通过电阻 R1 和R2的电流相等C. 通电一段时间后，右边 U 形管内液面的高度差比左边小D. 该实验装置是利用 U 形管中液体的热

19、胀冷缩来反映电阻放出热量的多少的【答案】 C【解析】 【解答】解： A、装置中 R2、 R3并联后再与 R1 串联，通过 R1的电流 I1=I2+I3 ， 而 I2=I3 ， 所以右边容器中通过 R3 的电流 I3是左侧通过 R1电流的一半，即是研究电流产生的 热量与电流的关系，故 A 错误；B、由图知，通过 R1的电流 I1=I2+I3 ，而 I2=I3 ， 所以通过电阻 R1和R2的电流不相等，故 B 错；C、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1 的电流大于 R2 的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt 可知，左边容器中的电阻产生的热量多，左边U 形管内液面的高度差比右边 U 形管内液面的

20、高度差大，故 C 正确；D、电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U 型管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的 多少，故 D 错误故选 C【分析】 A、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻 相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；B、根据串、并联电路的电流大小关系分析判断C、通电时间相同、电阻相同，通过的电流不同，利用焦耳定律Q 放=I2Rt分析判断；D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过U 型管中液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想11 如图所示电路中，电源

21、电压不变， R1 为定值电阻， R2 为滑动变阻器（ a、b 为其两端 点）闭合开关 S，当滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.1A， R2消耗的电功率为 1W； 当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2 消耗的电功率为 1.8W 则当滑片 P从 a 移到 b 的过程中（ ）A. 电流表示数变化了 0.4AB电. 压表示数变化了 8VC. R1消耗的电功率变化了 6WD . 电路消耗的总功率变化了 6W【答案】 D【解析】 【解答】解：由图知， R1 与滑动变阻器 R2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流 表测电路中电流， 根据 I= 可知，滑片 P 在某一端点时，电

22、流表示数为 0.1A，电流最小，电阻最大，由此可知滑片在 b 端，变阻器 R2 连入阻值最大，根据 P=UI得：滑动变阻器 R2 的电压： U2=10V，滑动变阻器 R2 的最大值： R2= =100，根据串联电路的电压特点可知： U=U1+U2 ， 所以有： U=0.1A×R1+10V当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，此时 R2的电压： U2 = =6V，由 U=U1 +2U可得：U=0.3A ×1R+6V 联立 解得： R1=20， U=12V； 当 P 在 a 端时， R2 连入阻值为 0 ， 所以电压表示数 UV=0，电流表示数： IA= =0.6

23、A，由前面的计算可知：当 P在b端时， IA =0.1，A电压表示数 UV =10，V 由此可知，电流表变化为： I=IAIA=0A.60.1A=0.5A，故 A 错误； 电压表变化为： U=UVUV =12V 0=12V，故 B错误；R1消耗的电功率变化： P1=IA2R1IA2R1=（0.6A）2×20（ 0.1A） 2× 20 =7，W故 C错误； 电路消耗的总功率变化： P=UI=12V×0.5A=6W，故 D 正确故答案为 :D【分析】由图可知， R1 与滑动变阻器 R2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流表测电路中 电流，由 P在某一端点时电流最小

24、，根据欧姆定律计算变阻器的最大值，由 P=UI 计算 P在 两个位置时变阻器两端电压，根据串联电路和欧姆定律计算电源电压和R1 的阻值；根据串联电路特点和欧姆定律计算 P 在两端时电路中电流和变阻器两端电压，从而判断电表示数 变化；由 P=UI 计算 R1消耗的电功率和总功率变化12如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、 L2的额定电压均为 6V，L1、L2的 IU 图象如图乙所示，闭合开关 S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（A. L1 正常发光2.4W【答案】 DB. 电源电压为 12VC. 电路总电阻为 30D. 电路总功率为6V 时，通过两灯泡的电流解析】 【解答】解：由图

25、乙可知，两灯泡两端的电压为I1=0.6A、 I2=0.3A， 由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则 L2 正常发光，故 A 错误；由图乙可知， L1两端的电压 U1 =2，V 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1 +2U=2V+6V=8V，故 B 错误；由 I= 可得，电路总电阻：26.7 ，故 C 错误；R= 电路的总功率：A. 开关旋至 “ 1档”，开启化霜功能C. 化霜与防雾电路的总功率之差为 15W 【答案】 C【解析】 【解答】由图知道，当开关旋至B. 开启防雾功

26、能，电路总电阻为 5D.从 防雾到除露，电路总电流变化 1A1档”时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总P=UI=8V × 0.3A=2.4W，故 D 正确故选 D【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电 流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡 两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电 阻，利用电阻的串联求出电路的总功率13具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实 现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电

27、阻均为列说法正确的是（电阻最大为 2R=2×10=20，由题意；此时电路中的电流是：P1=UI1=10V× 0.5A=5W；当开关旋至知道，此时电功率最小，开启防雾功能， AB 不符合 =0.5A ；此时 电路的 总功率是：2档”时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是：=1A；从防雾到除露，电路总电流变化量是：I2-I1=1A-0.5A=0.5A， D 不符合题意；当开关旋至 “3档”时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为 化霜功能 ，电路 的总电阻是： ，电路 的总电 流是 ：

28、=2A；此时总功率是： P3=UI3=10V× 2A=20W，化霜与防雾电路的总功率之差 是： P3-P1=20W-5W=15W，C 符合题意。故答案为： C知道对应的状【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 态，再逐项进行计算即可 14 有两个电路元件 A 和 B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正 确的是（ ）A. A的电阻值为 6.25BA. 和B串联，电路中电流为 0.4A 时，A、B 的电功率之比为 5： 4C. A和 B并联在电压为 2.5v 的电源两端， A、B的电功率之比为 5：4D. 当 A和 B 串联，两者电阻相同时，电源电

29、压为 3V【答案】 C【解析】 【解答】 A由图象可知，当通过 A 的电流 IA 0.4A 时， A 两端的电压 UA2.0V，由 I 可得， A 的电阻值： RA 5，A 不符合题意； BA 和 B 串联，电路中电流为 0.4A 时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流IA IB0.4A，由图象可知，两元件两端的电压UA2.0V，UB2.5V，由 PUI 可得， A、B 的电功率之比： ，B不符合题意；（ 3）A和 B并联在电压为 2.5V的电源 两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压UA UB2.5V，由图象可知，通过两元件的电流IA0.5A，IB

30、0.4A，则 A、B 的电功率之比：，C符合题意；（ 4）当 A 和 B串联，两者电阻相同时，它们两端 的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为 3V时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U UA +BU3V+3V6V，D 不符合题意。 故答案为： C。【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时 的电功率的比值关系 .15两定值电阻R1=10， R2=5，现将 R1、R2接入如图所示的电路，电源电压为3V，当开关 S 闭合时，下列分析正确的是（）A. R1、R2 电流之比为 1：2C. R1、

31、R2消耗的电功率之比为 1：2B. 1 、R R2 两端的电压之比为 2：1D电. 路消耗总的电功率等于 2.7W答案】 B解析】 【解答】解：由电路图可知， R1与 R2串联， 因串联电路中各处的电流相等， 所以， R1、 R2电流之比为 1：1，故 A 错误；由 I= 可得， R1、R2 两端的电压之比：= = = = ，故 B 正确； 由 P=UI 可得， R1、R2 消耗的电功率之比：= = = ，故 C 错误； 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路消耗的总功率：故选 B【分析】由电路图可知， R1与 R2 串联，根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关 系，根据欧姆定律

32、求出两电阻两端的电压之比，根据P=UI 求出两电阻消耗的电功率之比， 根据电阻的串联和 P=UI= 求出电路消耗总的电功率S，当滑动变阻器的滑片 P 向右移16如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关动时，电路中保持不变的是（ ）A. 用电器消耗的总功率B. 电压表 V的示数与电流表 A 的示数的比值C. 电流表 A 的示数与电流表 A1的示数的差值D. 电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的乘积【答案】 D【解析】 【解答】由电路图知道， R1与 R2并联，电流表 A1测 R1的电流，电流表 A 测并联 电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动 变

33、阻器的滑片 P 向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/ R知道，用电器消耗的总功率变小， A 不符合题意；由图知道，电压表 V 的示数与电流表 A 的示数的比值等于 电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片 P 向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大， B 不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时， 通过 R1 的电流不变，即电流表 A1 示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使 通过变阻器的电流变小，由于电流表 A的示数与电流表 A1 的示数的差值等于通过变阻器的 电流，所以，该差值会变小， C 不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表

34、A1 示数不变，所以电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的乘积不变， D 符合题意， 故答案为： D。【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片 P 向 右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进 行分析即可 .17 如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（）A. 电风扇工作时主要将电能转化为机械能B. 家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C. 法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机D. 测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线【答案】 A【解析】 【解答】解： A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，

35、因此将电能转化 为了机械能；故 A 正确；B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故B 错误；C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机；故C 错误；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖 管不发光的是零线，故 D 错误故选 A【分析】（ 1 ）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能；（2）电能表是测量电能的仪表；（ 3 ）发电机的原理是电磁感应；（ 4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属 体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线本题综合考查了用电 器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识

36、考 查范围18 小亮利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在D电. 饭锅6min 内，消耗电能 0.03kW ·h，这个用电器可能是（ ）A. 柜式空调B电. 视机C电. 风扇【答案】 B【解析】 【解答】解： A、柜式空调的功率大于 1000W ，故 A 不符合题意；B、电视机的功率小于C、电风扇的电功率为500W，故 B 符合题意 ;30 100W， 故 C 不符合题意；D、电饭锅的功率在 500 1000W ，故 D 不符合题意。 故选 B。【分析】用电器的功率 P=300W ，柜式空调的电功率远大于1000W ，电视机的功率小于 500W，电风扇的

37、电功率为 30100W， 电饭锅的功率为 500 1000W 。19如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图R0 是阻值为 484的保温电阻，R1是规格为 “ 220V8 00W”的主加热电阻， R2是副加热电阻电压力锅煮饭分为 “加热升压 保压 保温 ”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（Pt）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S，S 自动接到 a，同时 S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa 时，S1 自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至 60kPa 时， S1又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到 b，减压0.25kW?h ，下列说法进入保温状态电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电A. 电压力锅是对大气压强的应用B当. 锅内工作