磁场典型例题解析精编版

1、最新资料推荐-3 -安培分子电流假说磁性材料典型例题解析【例1】关于分子电流，下面说法中正确的是A.分子电流假说最初是由法国学者法拉第提出的B.分子电流假说揭示了磁铁的磁场与电流的磁场具有共同的本质，即磁场都是由电荷的运动形成的C. “分子电流”是专指分子内部存在的环形电流D.分子电流假说无法解释加热“去磁”现象点拨：了解物理学发展历史，不仅能做好这类题，也能帮助我们历史地去看待科学的发展进程.解答：正确的是 B.【例2】回旋加速器的磁场 B= 1.5T ,它的最大回旋半径r = 0.50m.当分别加速质子和 “粒子时，求：（1）加在两个D形盒间交变电压频率之比.（2）粒子所获得的最大动能之比

2、.解析：（1）T = 2 兀 m/Bq,故 f p/f «= qpma /q a mP= 2.（2）由r = mv/Bq可得v = Bqr/m ,所以被加速粒子的动能E<=m2/2 = B2q2r2/2m.同一加速器最大半径r和所加磁场相同，故 Ep/E «= 1.点拨：比例法是解物理问题的有效方法之一.使用的程序一般是：根据研究对象的运动过程 确定相应的物理规律，根据题意确定运动过程中的恒量，分析剩余物理量间的函数关系，建 立比例式求解.【例3】 如图1674所示是显像管电子束运动的示意图.设加速电场两极间的电势差为U,垂直于纸平面的匀强磁场区域的宽度为L,要使电子

3、束从磁场匡n的刊出来在图中所示120。范围内发生偏转（即上、下各偏转60。）， 磁感应强度B的变化范围如何？（电子电量e、质量m已知）点拨：这是彩色电视机显像管理想化以后的模型.先确定电子运动的圆心再结合几何知识求解.参考答案21 3mU、“c例 3. 1A B ） 02 2e安培力 磁感应强度典型例题解析【例1】下列关于磁感应强度大小的说法中正确的是A.通电导线受安培力大的地方磁感应强度一定大B.磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向C.放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D.磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关点拨：磁场中某点的磁感应强度的大小和方

4、向由磁场本身决定，磁感应强度的大小可由磁感线的疏密来反映.安培力的大小不仅与日I、L有关，还与导体的放法有关.解答：正确的应选D.图 1&-14ABC【例2】如图1614所示，其中A、B图已知电流和其所受磁场力的方 向，试在图中标出磁场方向. C D> E图已知磁场和它对电流作用力的 方向，试在图中标出电流方向或电源的正负极.解答：A图磁场方向垂直纸面向外；B图磁场方向在纸面内垂直 F向下；C D图电流方向均垂直于纸面向里；E图a端为电源负极.点拨：根据左手定则，电流在磁场中受力的方向既要与磁感线垂直，还要与导线中的电流方向垂直，且垂直于磁感线与电流所决定的平面.磁场 磁感线典型

5、例题解析【例1】在地球赤道上空有一小磁针处于水平静止状态，突然发现小磁针N极向东偏转，由此可知A. 一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针B. 一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针C.可能是小磁针正上方有电子流自南向北通过D.可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过点拨：掌握小磁针的N极受力方向与磁场方向相同，S极受力方向与磁场方向相反是解决此类问题的关键.解答：正确的应选C.【例2】下列关于磁感线的说法正确的是A.磁感线上各点的切线方向就是该点的磁场方向B.磁场中任意两条磁感线均不可相交C.铁屑在磁场中的分布所形成的曲线就是磁感线D.磁感线总是从磁体的 N极出发指向磁

6、体的 S极点拨：对磁感线概念的理解和磁感线特点的掌握是关键.解答：正确的应选AB磁场对运动电荷的作用力典型例题解析图 1679例1图1649是表示磁场磁感强度 B,负电荷运动方向 v 和磁场对电荷作用力 f的相互关系图，这四个图中画得正确的是 （B、v、f两两垂直） 解答：正确的应选 A、B C.点拨：由左手定则可知四指指示正 电荷运动的方向，当负电荷在运动时，四指指示的方向应与速度 方向相反.最新资料推荐【例2】带电量为+ q的粒子，在匀强磁场中运动，下面说法中正确的是A.只要速度大小相同，所受洛伦兹力就相同B.如果把+ q改为-q,且速度反向且大小不变，则洛伦兹力的大小、方向均不变C.只要

7、带电粒子在磁场中运动，它一定受到洛伦兹力作用D.带电粒子受到洛伦兹力越小，则该磁场的磁感强度越小点拨：理解洛伦兹力的大小、方向与哪些因素有关是关键.解答：B【例3】如果运动电荷除磁场力外不受其他任何力的作用，则带电粒子在磁场中作下列运动可能成立的是A.作匀速直线运动日作匀变速直线运动C.作变加速曲线运动D.作匀变速曲线运动点拨：当v/B时，f = 0,故运动电荷不受洛伦兹力作用而作匀速直线运动.当v与B不平行时，fw0且f与v恒垂直，即f只改变v的方向.故运动电荷作变加速曲线运动.参考答案：AC【例4】如图1650所示，在两平行板间有强度为E的匀强电场，方向竖直向下，一带电量为q的负粒子（重力

8、不计），垂直于电场方向以速度v飞入两板间，为了使粒子沿直线飞出， 应在垂直于纸面内加一个怎| E .样方向的磁场，其磁感应强度为多大？'.点拨：要使粒子沿直线飞出，洛伦兹力必须与电场力平衡.参考答案：磁感应强度的方向应 垂直于纸面向内，大小为 E/v带电粒子在磁场中的运动质谱仪典型例题解析【例1】 质子（1H）和a粒子（4 He）从静止开始经相同的电势差加速后垂直进入同一匀强磁场作圆周运动，则这两粒子的动能之比 Eki ： Ek2=,轨道半径m2V2 _ 2miEki q?B qi之比ri ：2=,周期之比 Ti ： 丁2=.mvi解答：Eh : Ek2 = qU : q2U = 1

9、： 2,1 ：2 =- qiB2 m2 E k2_=T42, T1 ： T2 =q22r：miqiB2 二 m2q?B:2.点拨：理解粒子的动能与电场力做功之间的关系,掌握粒子在匀强磁场中作圆周运动的轨道图 17-1-5 -半径和周期公式是解决此题的关键.【例2】如图i660所示，一束电子（电量为e）以速度v垂直射入磁感 强度为B,宽度为d的匀强磁场中，穿透磁场时速度方向与原来入射方 向的夹角是30。，则电子的质量是 ,穿透磁场的时间是解析：电子在磁场中运动，只受洛伦兹力作用，故其轨迹是圆弧一部分，又因为f ±v,故圆心在电子穿入和穿出磁场时受到洛伦兹力指向的交点上，如图1660中的

10、。点.由几何知识可知：AB间的圆心角 0 =30° , OB为半径.r=d/sin30 ° = 2d,又由r = mv/Be得 m= 2dBe/v. 由于AB圆心角是30° ,故穿透时间t = T/12 =兀d/3v.点拨：带电粒子的匀速圆周运动的求解关键是画出匀速圆周运动的轨迹，利用几何知识找出 圆心及相应的半径，从而找到圆弧所对应的圆心角.【例3】如图16-61所示，在屏上 MN勺上侧有磁感应强度为 B的匀强磁场，一群带负电的同种粒子以相同的速度v从屏上P处的孔 X x v X X中沿垂直于磁场的方向射入磁场.粒子入射方向在与 B垂直的平面 山, ，E , ，

11、一一、，HH内，且散开在与MN的垂线PC的夹角为。的范围内，粒子质量为m百1口中电量为q,试确定粒子打在萤光屏上的位置.点拨：各粒子进入磁场后作匀速圆周运动，轨道半径相同，运用左手定则确定各粒子的洛伦 兹力方向，并定出圆心和轨迹.再由几何关系找出打在屏上的范围.参考答案2mvBq图16-62例3.落点距P点的最近距离为 2m窝 9，其最远距离为2R =【例4】如图1662所示，电子枪发出的电子，初速度为零，当被一定的电势差U加速后，从N点沿MNT向出射，在MN的正下方距N点为 d处有一个靶P,若加上垂直于纸面的匀强磁场， 则电子恰能击中靶 P.已 知U、d,电子电量e,质量m以及/ MNP=

12、” ,则所加磁场的磁感应强 度方向为,大小为.点拨：电子经电势差 U加速后，速度由零变为 v,则eV= 1/2mv2. v的方向水平向右，电子在 洛伦兹力作用下，沿顺时针回旋到 巳则电子在N点受洛伦兹力方向向下.由此确定B的方向.NP 对应的圆心角为 2 a ,则有 Rsin a =d/2 ,而R= mv/Be,则B可求.参考答案2 2mUe 例4 .垂直纸面向里：sin aed电磁感应现象典型例题解析【例1】如图171所示，P为一个闭合的金属弹簧圆圈， 在它的中间插有一根条形磁铁，现用力从四周拉弹簧圆圈，使圆圈的面积增大，则穿过弹簧圆圈面的磁通量的变化情况,环内是否有感应电流 .解析：本题中

13、条形磁铁磁感线的分布如图所示（从上向下 看）.磁通量是穿过一个面的磁感线的多少，由于进去和出来的磁感线要抵消一部分，当弹簧 最新资料推荐圆圈的面积扩大时，进去的磁感条数增加，而出来的磁感线条数是一定的，故穿过这个面的磁通量减小，回路中将产生感应电流.点拨：会判定合磁通量的变化是解决此类问题的关键.【例2】如图172所示，线圈面积为 S,空间有一垂直于水平面的匀强磁场，磁感强度为B特斯拉，若线圈从图示水平位置顺时针旋转到与水平位置成。角处（以OO为轴），线圈中磁通E LT-2量的变化量应是 W 若旋转180° ,则磁通量的变化量 又为 Wlb解析：开始位置，磁感线垂直向上穿过线圈,虫=

14、86转过。时，由B. S关系有2=BScos0 ,故A=BS（1 cos。） 当转过180°时，此时，2=BG不过磁感线是从线圈另一面 穿过，A=2BS 点拨：有相反方向的磁场穿过某一回路时，计算磁通量必须考虑磁通量的正负.【例3】 如图17-3所示，开始时矩形线圈与磁场垂直，且 一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外.若要线圈产生感应电 流，下列方法可行的是 A.将线圈向左平移一小段距离B.将线圈向上平移C.以ad为轴转动（小于90° ）D.以ab为轴转动（小于60° ）E.以dc为轴转动（小于60° ）点拨：线圈内磁通量变化是产生感应电流的条件参考答案：

15、ACD【例4】如图17 4所示装置，在下列各种情况中， 能使悬挂在 螺线管附近的铜质闭合线圈A中产生感应电流的是A.开关S接通的瞬间B.开关S接通后，电路中电流稳定时C.开关S接通后，滑线变阻器触头滑动的瞬间D.开关S断开的瞬间点拨：电流变化时能引起它产生的磁场变化.参考答案：ACD法拉第电磁感应定律的应用（1）【例1】如图17-67所示，两水平放置的、足够长的、平行的光滑金属导轨，其间距为L,电阻不计，轨道间有磁感强度为B,方向竖直向上的匀强磁场，静止在导轨上的两金属杆ab、cd,它们的质量与电阻分别为m、m2与R、R,现使ab杆以初动能Ek沿导轨向左运动，求 cd杆上产生的热量是多少？(其

16、他能量损耗不计)12解析：ab杆的初速度为 v1, EK=-m1v1 . v1 = x2EK/m1以abcd为系统，系统所受合外力为零， 系统总动量守恒，设达到 稳定时共同速度为 v,则有mvi=(mi + m2)v系统中产生的热量为:Q=121 , 上 、2 m 2.m 1 v1 (m 1 + m 2 )v - Ek 22 '' m 1 - m 2B图 17-67ab杆和cd杆可看成串联，故两杆产生的热量为：Q1 > Q2,Q2R2QR1 R2R2m2EK(R1 R2) (m1 m2)点拨：本题以分析两杆的受力及运动为主要线索求解，关键注意:(1)明确“最终速度”的意义

17、及条件.(2)运用能的转化和守恒定律结合焦耳定律分析求解.【例2】如图1768所示，在与水平面成 0角的矩形框架范围内垂直于框架的匀强磁场，磁感应强度为B,框架ad, bc电阻不计，长均为L的ab、cd电阻均为R,有一质量为 m,电阻为2R的金属棒 MN无摩擦地平行于 ab冲上框架，上升最大高度为h,在此过程中ab部分的焦耳热为Q求运动过程的最大热功率.解析：MN沿斜面向上运动产生感应电动势，ab和cd相当于外电阻并联，ab和cd中电流相同，MN的电流为ab中电流的两倍.当 ab部分的焦耳热为 Q cd部分焦耳热也为Q, MN的电阻为2R,消耗的焦耳热为 8Q设MN的初速度为v0,根据能量守恒

18、1222mv0 = mgh+ 10Q 即mv0 = 2mgh+20QMNFB上滑过程中，产生最大的感应电动势为E. E =BLv0E2- B2L2(2mgh 20Q)取大热功率为 P, P= P2R R/22.5Rm点拨：弄清能量转化的途径，用能的转化和守恒定律来求解.【例3】如图1769所示，质量为m高为h的矩形导线框在竖直面内下落，其上下两边始终保持水平，途中恰好匀速穿过一有理想边界高亦为h的匀强磁场区域，则线框在此过程中产生的内能为A. mghB. 2mghC.大于mgh而小于2mgh D .大于2mghxxxX x 乂人图 17-59Ri点拨：匀速穿过即线框动能不变，再从能量转化与守恒

19、角度分析.参考答案：B【例4】如图1770所示，两根电阻不计的光滑平行金属导轨倾角为0 ,导轨下端接有电阻R,匀强磁场垂直于斜面向上，质量为mi电阻不计的金属棒 ab在沿斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，上升高度 h.在这过程中A.金属棒所受各力的合力所做的功等于零B.金属棒所受各力的合力所做的功等于mgh和电阻R产生的焦耳热之和C.恒力F与重力的合力所做的功等于棒克服安培力所做的功与电阻上产生的焦耳热之和D.恒力F和重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热点拨：电磁感应过程中，通过克服安培力做功，将其他形式的能转化为电能，再通过电阻转化成内能（焦耳热），故W安与电热Q不能重复考虑，

20、这一点务须引起足够的注意.参考答案:AD法拉第电磁感应定律应用（2） 典型例题解析【例1】如图1784所示，MN PQ为足够长的水平导电轨道，m ,：耳X乂XX其电阻可以忽略不计，轨道宽度为L,ab, cd为垂直放置在黑黑禹K轨道上的金属杆，它们的质量均为m,电阻均为R,整个装置x| x| XxP bQ处于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感强度为 B.现用水平"图784力拉cd杆以恒定的速率 v向右匀速滑动，设两杆与轨道间的动摩擦系数为 科，求ab杆可以达到的最大速度和此时作用在cd杆上水平拉力做功的瞬时功率.解析：由楞次定律可知，当cd向右匀速运动时，ab也向右运动.当ab有最大速度

21、vm时，mg= BILJ" ：t BL(v t -vm-=t)/ tI=联立有：vR R2mgR m= v_ r2| 2B L此时作用在cd杆上水平拉力 F做功的瞬时功率为P= Fv = (F 安+ f)v = (BIL + mg)vP= 2Nmgv点拨：要明确最大速度的条件，分析电路中的电流、安培力和金属棒的运动之间相互影响、相互制约的关系.【例3】如图1786所示，用粗、细不同的铜丝制成两个边长相同 的正方形闭合线圈a和b,让它们从相同高处同时自由下落，下落中国相） b尊町XXXXXXXX图 17-06经过同一有边界的水平匀强磁场，设线框下落过程中始终保持竖直 且不计空气阻力，试

22、分析判断两框落地的先后顺序.点拨：本题是对两种情况进行比较， 我们通过对一般情形列式分析，找到本质规律再作判断. 这是一种比较可靠的方法.参考答案：b先落地。【例4】如图1787所示，两金属杆 ab和cd,长均为L,电阻均为R,质量分别为 M和m M > m用两根质量和电阻均可忽略的不可伸长的柔软导线将它们连成闭合电路，并悬挂在水平、光滑、不导电的圆棒两侧，两金属杆都处在水平位置，整个装置处i/)在一与回路平面垂直的磁感强度为 B的匀强磁场中，若金属杆ab 立 b正好匀速向下运动，求 ab的运动速度. elf Dd点拨：本题可通过用整体法来求解，也可通过对两棒分别隔离分析图17-BT用受

23、力平衡的知识求解.参考答案：vm= (Mm)R/2B2l2法拉第电磁感应定律一一感应电动势的大小典型例题解析【例1】如图1713所示，有一夹角为0的金属角架，角架所围区域内存在匀强磁场中，磁场的磁感强度为B,方向与角架所在平面垂直，一段直导线ab,从角顶c贴着角架以速度 v向右匀速运动，求：(1)t时刻角架 的瞬时感应电动势；(2)t时间内角架的平均感应电动势？解析：导线ab从顶点c向右匀速运动，切割磁感线的有效长度 de随时间图 17-13变化，设经时间t, ab运动到de的位置，则 de = cetan 0 = vttan 0(1)t时刻的瞬时感应电动势为：E= BLv= Bv2tan 0

24、 - t (2)t时间内平均感应电动势为:1八 B&S B 2Vt. vt tan 0t 一 寸 一t12=一 Bv tan 0 2点拨：正确运用瞬时感应电动势和平均感应电动势表达式, 这个题目的关键.【例2】如图1714所示，将一条形磁铁插入某一闭合线圈，第一次用 0.05s ,第二次用0.1s ,设插入方明确产生感应电动势的导体是解(1)两次线圈中平均感应电动势之比?(2)两次线圈之中电流之比？(3)两次通过线圈的电量之比？Ei.”2“一 2,E 2一二t1一, -41 一 1I 1E 1RE12(2) .一 . =I2RE2E21q 1I1 "4i1q 2I 2 t 2

25、一 1图 1T-14式相同，试求：-16 -解析:点拨：两次插入时磁通量变化量相同，求电荷量时电流要用平均值.【例3】如图1715所示，abcd区域里有一匀强磁场，现有一竖直的圆环使它匀速下落，在卜落过程中，它的左半部通过水平方向的磁场.。是圆环的圆心，AB是圆环竖直直径的两个图 17-15端点，那么A.当A与d重合时，环中电流最大 B.当。与d重合时，环中电流最大 C.当。与d重合时，环中电流最小 D.当B与d重合时，环中电流最大点拨：曲线在垂直于磁感线和线圈速度所确定的方向上投影线的长度是有效切割长度.参考 答案：B楞次定律的应用典型例题解析【例1】如图17 50所示，通电直导线L和平行导

26、轨在同一平面内，金属棒ab静止在导轨上并与导轨组成闭合回路，ab可沿导轨自由滑动.当通电导线L向左运动时A. ab棒将向左滑动 B . ab棒将向右滑动C. ab棒仍保持静止D. ab棒的运动方向与通电导线上电流方向有关解析：当L向左运动时，闭合回路中磁通量变小，ab的运动必将阻碍回路中磁通量变小，可知ab棒将向右运动，故应选 B.点拨：ab棒的运动效果应阻碍回路磁通量的减少.图17-51aJ , B线圈中感应电流磁【例2】如图17 51所示，A B为两个相同的环形线圈， 共轴并靠近放置，A线圈中通有如图（a）所示的交流电i,则 A.在t1到t2时间内A B两线圈相吸B.在t2到t3时间内A

27、B两线圈相斥C. t1时刻两线圈间作用力为零D. 12时刻两线圈间作用力最大解析：从t1至Ij t2时间内，电流方向不变，强度变小，磁场变弱,场与A线圈电流磁场同向， A B相吸.从t2到t3时间内，IA反向增强，B中感应电流磁场与A中电流磁场反向，互相排斥.t1时刻，I A达到最大，变化率为零， B最大，变化率为零，I B =0, A B之间无相互作用力.t2时刻，Ia=0,通过B的磁通量变化率最大，在 B中的感应电 流最大，但A在B处无磁场，A线圈对线圈无作用力.选： A、B、C. 点拨：A线圈中的电流产生的磁场通过 B线圈，A中电流变化要在 B线圈中感应出电流，判定 出B中的电流是关键.

28、【例3】如图1752所示，MN一根固定的通电长导线，电流方向向上，今将一金属线框 abcd放在导线上，让线圈的位置偏向导线左边，两者彼此绝缘，当导线中电流突然增大时，线框整体受力情况A.受力向右 B .受力向左C.受力向上D .受力为零点拨：用楞次定律分析求解，要注意线圈内“净”磁通量变化.参考答案：A图”53【例4】如图1753所示，导体圆环面积 10cm2,电容器 的电容0= 2 F(电容器体积很小)，垂直穿过圆环的匀强 磁场的磁感强度 B随时间变化的图线如图，则1s末电容器带电量为 , 4s末电容器带电量为 , 带正电的是极板.0、2X10-110； a；点拨：当回路不闭合时，要判断感应

29、电动势的方向，可假想回路闭合，由楞次定律判断出感 应电流的方向，感应电动势的方向与感应电流方向一致.参考答案:变压器典型例题解析【例1】一只电阻、一只电容器、一只电感线圈并联后接入手摇交流发电机的输出端.摇动频率不断增加，则通过它们的电流Ir、Ic、Il如何改变A. I R不变、I C增大、I L减小B. I r增大、I c增大、I l减小C. I r增大、I c增大、I l不变D. I r不变、I c增大、I l不变解答：应选C.点拨：手摇发电机的磁场、线圈形状和匝数都是不变的，输出电压与频率成正比.纯电阻电路中，电阻R与频率无关，I R= U/R,所以Ir与频率成正比；纯电容电路中，容抗X

30、c= 1/2兀fC, IC=U/Xc= 2 % fCU,与频率的二次方成正比；纯电感电路中，Xl = 2ti fL , Il=U/Xl= U/2兀fL ,与频率无关.【例2】图1817为理想变压器，它的初级线圈接在交流电源上，次级线圈接在一个标有“12V 100W的灯泡上.已知变 rr®n 压器初、次级线圈匝数之比为18 ： 1,那么灯泡正常工作时，S nX C 湍图中的电压表读数为 V,电流表读数为 A.| pl 1解答：由公式 Ui/U2= n1/n 2,得 Ui= U2n1/n 2= 216(V); 因理想回 1Q_17变压器的初、次级功率相等 ，所以I 1=R/U1 = P2

31、/U2= 0.46(A)即电压表、电流表读数分别为216V、0.46A .点拨：分析理想变压器问题时应注意正确应用电压关系和电流关系、特别是初、次级功率相等的关系.【例3】如图1818所示，甲、乙两电路是电容器的两种不同的接法，它们各在什么条件下 米用？应怎样选择电容器？点拨：关键是注意容抗与交流电的频率成反比.甲应是电容较大的电容器，乙应是电容较小的电容器 .参考答案 甲是电容较大的电容器通交流，阻直流、乙是电容较小的电容器通直流，去掉交流.时级输出JICI甲后线输入后簸输入o 0图 10-18【例4】如图18-19所示，理想变压器的两个次级线圈分别接有12W、“12V 24W'的灯

32、泡，且都正常发光，求当开关断开和闭合时,通过初级线圈的电流之比.点拨：关键是初、次级功率始终相等.参考答案:1 ： 3.日光灯原理典型例题解析【例1】如图17102所示的电路，L为自感线圈，R是一个灯泡，E是 电源，当开关S闭合瞬间，通过电灯的电流方向是 .当S断开 瞬间，通过电灯的电流方向是 .解析：S闭合时，流经 R的电流 B.当S断开瞬间，由于电源提供给 R的电流很快消失，而线圈中电流减小时要产生一个和原电流方向相同 的自感电动势来阻碍原电流减小，所以线圈此时相当于一个电源，与电灯 通过R的电流方向是 B- A.点拔：S闭合瞬间与S断开瞬间线圈产生的自感电动势方向不同.【例2】如图171

33、03所示，电源电动势 E= 6V,内阻不计，A B两灯都标有“6V、0.3A”，电阻R和线圈L的直流电阻 q均为20，试分析：在开关S闭合和断开的极短时间内流过A、B两灯的电流变化情况？S 17-102R构成放电电路.故解析：S闭合到电路稳定的极短时间内，随着 L中的电流逐渐变化. A B 两灯中电流分别从 0.1 A和0.2 A逐渐增加和减少为 0.15 A; S断开时A 中的电流由0.15 A立即变为零，B中的电流由向右0.15 A立即变为向左 0.15 A ,然后逐渐减为零.点拨：线圈作为瞬间电流源只能使得电流强度从原有值开始变化.【例3】下列说法中正确的是 A.电路中电流越大，自感电动

34、势越大B.电路中电流变化越大，自感电动势越大C.线圈中电流均匀增大，线圈的电感系数也将均匀增大D.线圈中电流为零时，自感电动势不一定为零点拨：注意区分物理量，物理量的变化量，物理量的变化率参考答案：D【例4】如图17104所示，多匝线圈和电池的内阻均为零，两个电图 17-1042I“阻碍”不是“阻止”.阻的阻值均为 R,开关S原来打开着，电路中的电流为 合，于是电路中产生感应电动势，此自感电动势的作用是A.使电路中的电流减小，最后由 I减到零B.有阻碍电流的作用，最后电流小于IC.有阻碍电流增大的作用，故电流总保持不变D.有阻碍电流增大的作用，但电流还是增大，最后变为 点拨：自感作用阻碍的是电

35、流的变化而不是电流.同时， 参考答案：D相交流电典型例题解析【例1】在图1830中输电线总电阻为 1,输送的电功率 p=100kW在下列两种情况下分别求出输电电流I ,输电线上损耗的0二 vmP功率P损.输电电压 U输= 400V;输电电压 U输=10kV.I j ,解答：根据公式P=IU输先求出输电线上电流I ,输电线上的损耗图13-30功率为p线=i2r线，用户得到的功率 P用=P P线.解得：I=250A, P线=62.5kW;I '= 10A, P线'=0.1kW.点拨：注意输电电压的变化所对应的各个物理量的变化.此题说明远距离送电必须采用高压送电的道理.【例2】三相交流发电机的三个线圈中A相的电压为u = 311sin100兀tV ,那么A.三个线圈中交流电的频率都是50HzB.在t = 0时，其他两个线圈的输电电压为零C.若按Y形接法，任意两线间的电压的最大值为380VD.若按形接法，任意两线间的电压的有效值为220V点拨：三相交流发电机的每个线圈的频率、电压的有效值（或最大值）均相同，但由于不同步,所以任一时刻的瞬时值不同.在两种连接方式中线电压和相电压的关系不同.解答：正确答案是A、D.自感与涡流典型例题【例1】 如图所示电路，A、B灯电