2020新课标高考物理总复习课时检测(十四)牛顿第二定律(双基落实课)

1、课时检测（十四）牛顿第二定律（双基落实课） 1 雨滴从空中由静止落下，若雨滴受到的空气阻力随雨滴下落速度的增大而增大，选 项图中能大致反映雨滴运动情况的是 （ ） 解析：选 C 根据题意，对雨滴进行受力分析，由牛顿第二定律可得 mg kv = ma,随 雨滴速度的增大可知雨滴做加速度减小的加速运动，故 C 正确。 2 在解一道文字计算题（由字母表达结果的计算题）时，一个同学解得 x = 2m（ti+12）, 用单位制的方法检查，这个结果 （ ） A .可能是正确的 B. 定是错误的 C .如果用国际单位制，结果可能正确 D .用国际单位制，结果错误，如果用其他单位制，结果可能正确 解析：选 B

2、 由 x=F（ti+ t2）可知 x 的单位为：严 s= kg m/s skg m/s s = m/s,此为速度的单 2m kg kg 位，而位移的单位为 m，所以结果错误，B 正确。 3. 下列关于超重和失重的说法正确的是 （ ） A .游泳高手可以静躺在水面上，那时的人处于完全失重状态 B. 跳水运动员在入水前处于失重状态，入水后短时间内处于超重状态 C .飞船利用火箭发射后，上升过程中处于超重状态，返回地面过程中处于失重状态 D .给物块一个初速度沿斜面上滑， 上滑的过程中物块处于超重状态， 到最高点后下滑， 下滑的过程中物块处于失重状态 解析：选 B 人处于完全失重状态时，有向下的加速

3、度且大小等于重力加速度， A 错误; 跳水运动员入水前有向下的加速度处于失重状态， 入水后短时间内有向上的加速度处于超重 状态，B 正确；飞船返回地面时有向上的加速度，处于超重状态， C 错误；物块上滑的过程 有向下的加速度，物块处于失重状态， D 错误。 4. “儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根橡皮绳。质量 为 m 的小明静止悬挂在空中时，两橡皮绳的夹角为 60则（ ） 1 A .每根橡皮绳的拉力为 2mg B.若将悬点间距离变小，则每根橡皮绳所受拉力将变小 C 若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时加速度为 g D 若拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两

4、根轻绳，则小明左侧轻绳在腰间 断裂时，小明的加速度为 g 根据平行四边形定则知， 2Fcos 30= mg,解得 F =-mg，故 A 错误；根 3 2Fcos 0= mg,当悬点间的距离变小时， B变小，cos B变大，可知橡皮绳 B 正确；当左侧橡皮绳断裂，断裂的瞬间，右侧橡皮绳的拉力不变，则重 力和右侧橡皮绳拉力的合力与左侧橡皮绳初始时的拉力大小相等、 mg,加速度为 fg,故 C 错误；当两侧为轻绳时，左侧轻绳断裂瞬间，右侧轻绳上拉力发 生突变，将重力沿轻绳方向和垂直于轻绳方向正交分解，合力为 方向沿垂直于右侧轻绳的方向斜向下，故 D 错误。 5. （2019 广元检测）如图所示，弹簧

5、左端固定，右端自由伸长到 O 点并系住质量为 m 的物体。现将弹簧压缩到 A 点，然后释放，物体可以 一直运动到 B 点。如果物体受到的阻力恒定，则 （ ） A .物体从 A 到 O 先做加速运动后做减速运动 B. 物体从 A 到 O 做加速运动，从 O 到 B 做减速运动 C. 物体运动到 O 点时，所受合力为零 D .物体从 A 到 O 的过程中，加速度逐渐减小 解析：选 A 物体从 A 到 O,初始阶段受到向右的弹力大于阻力，合力向右。随着物 体向右运动，弹力逐渐减小，合力逐渐减小，由牛顿第二定律可知， 加速度向右且逐渐减小， 由于加速度与速度同向，物体的速度逐渐增大。当物体向右运动至

6、AO 间某点（设为点 O） 时，弹力减小到与阻力相等，物体所受合力为零，加速度为零，速度达到最大。此后，随着 物体继续向右运动，弹力继续减小，阻力大于弹力，合力方向变为向左，至 O 点时弹力减 为零，此后弹力向左且逐渐增大。所以物体越过 O点后，合力（加速度）方向向左且逐渐增 大，由于加速度与速度反向，故物体做加速度逐渐增大的减速运动。 A 正确。 6. （2019 莆田质检）如图所示，质量分别为 mi= 1 kg、m?= 4 kg 的 A、B 两物体置于光 解析：选 B 据共点的拉力变小，故 方向相反，合力大小为 1 mgsin 30加速度为？g, 滑的水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接，

7、大小均为 20 N 的水平拉力 F1、F2分别作用在 A、B 上，系统处于静止状态。下列说法正确的是 （ ）力不变，根据牛顿第二定律得 A 的加速度沿斜面向上，大小为 a= 2gsin 0,选项 A 错误; A弹簧测力计的示数是 0 B.弹簧测力计的示数是 40 N D. 撤去 Fi后，当 A、B 加速度相同时，弹簧测力计的示数是 16 N 解析：选 C 两水平拉力大小相等， 两物体受力平衡，此时弹簧测力计的示数 T = 20 N , 选项 A、B 错误；在突然撤去 F2的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以 B 的加速度 大小为a a2=m m；=20 20 m/sm/s2=5 5血选项

8、C 正确；撤去 Fi后，当 A B B加速度相同时，满 足尸2二 =解得弹簧测力计的示数 T = 4 N，选项 D 错误。 m2 mi 7. （多选）一物体重为 50 N，与水平桌面间的动摩擦因数为 0.2。现加 .1 - r 上如图所示的水平力 F1和 F2,若 F2= 15 N 时物体做匀加速直线运动， 贝U m”/打匸二 F1的值可能是（g= 10 m/s2）（）（ ） A. 3 N B. 25 N C. 30 N D. 50 N 解析：选 ACD 若物体向左做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知 F2-F1- G =ma0,解得 F10，解得 F 125 N , C、D 正确。 8.

9、（多选）如图所示，倾角为B的光滑斜面固定在水平地面上， A、B、 C 三球的质量均为 m,轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与 A 相 连，A、B 间由一轻质细线连接， B、C 间由一轻杆相连。弹簧、细线 与轻杆均平行于斜面，初始系统处于静止状态。细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（ ） A. A 的加速度沿斜面向上，大小为 gsin 0 B. C 的受力情况未变，加速度为 0 C. B、C 两球的加速度均沿斜面向下， 大小均为 gsin 0 D. B、C 之间杆的弹力大小为 0 解析：选 CD 初始系统处于静止状态，把 B、C 看成整体，对 B、C 整体受力分析, 受重力 2mg、斜面的支持

10、力 FN、细线的拉力 FT，由平衡条件可得 FT = 2mgsin 0,对 A 进 C .突然撤去 F2的瞬间, B 的加速度大小为 5 m/s2 根据牛顿第二定律可知 F1 行受力分析，A 受重力 mg、斜面的支持力、弹簧的弹力 F弹和细线的拉力 FT，由平衡条件 可得 F弹=FT + mgsin 0= 3mgsin 0,细线被烧断的瞬间， 细线的拉力会突变为零， 弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律得 A 的加速度沿斜面向上，大小为 a= 2gsin 0,选项 A 错误; 细线被烧断的瞬间，把 B、C 看成整体，根据牛顿第二定律得 B、C 两球的加速度大小为 a =gsin 0均沿斜面向下，选

11、项 B 错误，C 正确；假设杆对 C 有弹力，对 C 进行受力分析, C 受重力 mg、杆的弹力 F 和斜面的支持力，根据牛顿第二定律得 mgsin 0+ F = ma,解 得 F = 0,所以 B、C 之间杆的弹力大小为 0,选项 D 正确。 9. （多选） （） （2019 郴州质检）如图 （a） 所示， 质量为 5 kg 的小物块以初速度 v0= 11 m/s 从0 =53 勺固定斜面底端先后两次滑上斜面。第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力 F，第 二次无恒力 F。图（b）中的两条线段 a、b 分别表示存在恒力 F 和无恒力 F 时小物块沿斜面 向上运动的 v t 图线。不考虑空气阻力

12、， g= 10 m/s2（sin 53 =0.8, cos 53 = 0.6）。下列说法 中正确的是（ ） ma2,解得： 尸 0.5，有恒力 F 时：mgsin 0+ 卩 mgos 0 F = ma1，解得：F = 5 N,故 A、D 正确，B、C 错误。 10.一个弹簧测力计最多能挂 54 kg 重的物体，在实际以 它最多能挂上多重的物体？如果在电梯内弹簧测力计最多能挂上 做什么运动？加速度的大小为多少？ （取 g= 10 m/s2） 解析：弹簧测力计的最大拉力为 F = Mg = 540 N, 电梯加速下降时，根据牛顿第二定律得 mg F = ma, 解得：m = = 60 kg。 g a 最多能挂上 40 kg 的物体时，根据牛顿第二定律得 F m g 2 A .恒力 F 的大小为 5 N B.恒力 F 的大小为 10 N 1 C 小物块与斜面间的动摩擦因数为 D .小物块与斜面间的动摩擦因数为 0.5 解析：选 AD 由题图可得有恒力 F 时： | | 11 2 2 a2= = 1 m