涡流专项训练卷二

1、内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线绝密启用前2013-2014学年度北京师范大学万宁附属中学涡流专项训练卷二考试范围：涡流；命题人：孙炜煜；审题人：王占国学校:_姓名：_班级：_考号：_题号一二三四五六总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、选择题（题型注释）1如图4所示，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格相同的灯泡，S是控制电路的开关对于这个电路，下列说法正确的是（ ）A刚闭合S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B刚闭合S的瞬间，通过D

2、1、D2的电流大小不相等C闭合S待电路达到稳定，D1熄灭，D2比原来更亮D闭合S待电路达到稳定，再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭【答案】A、C、D【解析】刚闭合S的瞬间由于电感的自感作用，电流不会立即从电感中流过，两个灯泡串联在一起，因此通过D1、D2的电流大小相等，则A对；电路稳定后电感中有电流流过后，D1处于短路状态，会熄灭，D2比原来更亮，则C对；电路达到稳定再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭，则D对。2如图所示是著名物理学家费曼设计的一个实验，在一块绝缘板中部安装一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小球.整个装置悬挂起来，在接通电键瞬间，整个圆盘将

3、（自上而下看）（ ）A.顺时针转动一下 B.逆时针转动一下C.顺时针不断转动 D.逆时针不断转动【答案】A【解析】电键接通瞬间，穿过带电小球所在空间向下的磁通量突然增加，由楞次定律知，在带电小球所处空间将产生逆时针方向（从上往下看）的电动势（确切地讲，应为逆时针方向电场），从而使带负电小球受到顺时针方向作用力.由于该变化是瞬间的，故选A.3如图所示，电感线圈L的直流电阻=1.0，小灯泡的电阻=5.0，=4.0，接在电动势E=24 V，内电阻可忽略的电路上闭合开关S，待电路稳定后再断开开关，则在断开开关S的瞬间（ ）A支路上电流大小为4 AB支路上电流大小为4AC支路上电流大小为6AD支路上电流

4、大小为6A【答案】AB【解析】 断开开关S的瞬间，麟圈L产生自感电动势，相当于电源，与、组成闭合回路，、的电流大小相等；断开开关S后，L中的电流是从原来的值逐渐减小的，断开瞬间它的电流仍为4A。本题正确答案为AB。4如图所示的电路中，灯泡A1、A2的规格完全相同，自感线圈L的电阻可以忽略.下列说法中正确的是( )A.当接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后A2比A1亮B.当接通电路时，A1和A2始终一样亮C.当断开电路时，A1和A2都过一会儿熄灭D.当断开电路时，A2立即熄灭，A1过一会儿熄灭【答案】C【解析】注意理解通电、断电时的自感现象,答案为C.(请思考整个过程中流过灯A2的电流i2随时间

5、t的变化图象) 5如图是日光灯的电路图.日光灯主要由灯管、镇流器、启动器组成.关于日光灯的原理，下列说法正确的是( )A.日光灯启动，利用了镇流器中线圈的自感现象B.日光灯正常发光时，镇流器起着降压限流的作用C.日光灯正常发光后取下启动器，日光灯仍能正常工作D.日光灯正常发光后取下启动器，日光灯不能正常工作【答案】ABC【解析】据日光灯工作原理知ABC正确. 6如图16-5-14所示，L的直流电阻与电阻R的阻值相同，S1、S2是相同的灯泡.以下说法正确的是（）A.K闭合的瞬间，S1比S2亮B.K闭合的瞬间，S2比S1亮C.K断开的瞬间，S2先灭D.K断开的瞬间，S1、S2同时熄灭 图16-5-

6、14 图16-5-15【答案】AC【解析】当K闭合时，S1与S2同时亮，但由于L的自感，对电流的阻碍作用比R大，所以S1比S2要亮一些.断开K时，由于L产生自感电动势，与S1组成闭合回路，而由于导线ab的短接，R和S2上没有电流，所以S1要比S2后暗，S2立即熄灭.7如图16-5-12所示，多匝线圈的电阻和电池的内阻可以忽略，两个电阻的阻值都是R.开关S原来开着，电流I0=E/2R.今闭合开关将一电阻短路，于是线圈中有自感电动势产生，这自感电动势（）图16-5-12A.有阻碍电流的作用，最后电流由I0减小为零B.有阻碍电流的作用，最后电流总小于I0C.有阻碍电流增大的作用，因而电流保持I0不变

7、D.有阻碍电流增大的作用，但电流最后还要增大到2I0【答案】D【解析】当闭合开关S，电阻变小，电流变大，线圈产生的自感电动势阻碍电流增大.但这不是阻止，电流还是要增大，达到稳定时，.8如图16-5-11中灯泡A1、A2完全相同，带铁芯的线圈L的电阻可忽略不计，则（）图16-5-11A.S闭合瞬间，A1、A2同时发光，接着A1变暗A2变得更亮B.S闭合瞬间，A1不亮A2立即亮C.S闭合瞬间，A1、A2都不立即亮D.稳定后再断开S瞬间，A1熄灭，A1灯亮且比A2更亮【答案】A【解析】当S闭合瞬间，L支路中的电流从无到有发生“变化”，因此，在L中产生自感电动势阻碍电流增加，由于自感系数很大，对电流的

8、阻碍作用很强，所以S接通的极短时间内L中电流几乎为零，L并没有起到“短路”的作用，A1灯中有电流通过，A1、A2同时亮.由于L中电流从无到有很快稳定，感应电动势消失，上述那种对电流的阻碍作用不再存在，它对A1灯的短路作用形成，A1灯便熄灭，由于电路的电阻变小，A2灯便显得更亮.9下列关于自感的说法中，正确的是（）A.自感是由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象B.线圈中自感电动势的方向总与引起自感的原电流的方向相反C.线圈中产生自感电动势较大的，其自感系数也较大D.加铁芯后线圈的自感系数比没有铁芯时要大【答案】AD【解析】自感电动势阻碍电流的变化，与原电流方向可能相同，也可能相反.10

9、家用日光灯电路如图所示，S为启动器，A为灯管，L为镇流器.关于日光灯的工作原理,下列说法正确的是（ ）A.镇流器的作用是将交流电变为直流电B.在日光灯的启动阶段，镇流器能提供一个瞬时高压，使灯管开始工作C.日光灯正常发光时，启动器中的两个触片是分离的D.日光灯发出柔和的白光是由汞原子受到激发后直接辐射的【答案】BC【解析】在日光灯电路中，镇流器的作用是日光灯在启动的瞬间，产生一个瞬时高压，与电源电压叠加在一起，加在灯管两端，激发水银蒸气导电，而不是把交流电变成直流电；日光灯正常工作后，镇流器又起一个降压、限流的作用.日光灯启动时，启动器的两个触片接触，电路接通；日光灯正常工作后，启动器的两个触

10、片分离.水银蒸气导电时发出紫外线，紫外线激发灯管内壁的荧光粉发出柔和的白光.故BC正确.11一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5。原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如图所示。副线圈仅接入一个10 的电阻。则A流过电阻的电流是20 AB与电阻并联的电压表的示数是100VC经过1分钟电阻发出的热量是6×103 JD变压器的输入功率是1×103W【答案】D【解析】原线圈中电压的有效值是220V，由变压比知副线圈中电压为100V，流过电阻的电流是10A；与电阻并联的电压表的示数是100V；经过1分钟电阻发出的热量是6×1034J。12如图所示的电路中，S闭合

11、时流过电感线圈的电流是2A，流过灯泡的电流是1A，将S突然断开，则S断开前后能正确反映流过灯泡的电流I随时间t变化关系的是图中的 LS【答案】D【解析】开关S突然断开，由于自感线圈L中磁通量突然减少，产生自感电动势E，根据楞次定律，自感电动势E的方向与电流方向相同，此时自感线圈就是电源，与灯泡组成闭合回路，所以灯泡中的电流应是由原来的大小1A，方向向右，突然变为2A，方向向左。因为自感电动势E不断减小，回路中电流不断减小，最终变为0，选项正确。点评：灯泡中的电流可以突变，而线圈中由于自感电动势总是阻碍电流的变化，电流不能突变，只能渐变。13。如图12.3-所示电路中，A、B是相同的两小灯L是一

12、个带铁芯的线圈，电阻可不计调节R，电路稳定时两灯都正常发光，则在开关合上和断开时 两灯同时点亮、同时熄灭 B合上S时，B比A先到达正常发光状态C断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭【答案】B【解析】合上S，B灯立即正常发光A灯支路中，由于L产生的自感电动势阻碍电流增大，A灯将推迟一些时间才能达到正常发光状态正确断开S，L中产生与原电流方向相同的自感电动势，流过B灯的电流与原电流反向。因为断开S后，由L作为电源的供电电流是从原来稳定时通过L中的电流值逐渐减小的，所以A、B两灯只是延缓一些时间熄灭，并不会比原来更亮点评

13、断电自感中，线圈中的电流只能从原来大小开始变化，只有当原来稳定时L支路中的电流比通过小灯的电流大得多时，那么当断开S后，由L提供的电流流经小灯时才有可能使小灯闪亮一下后再熄灭14如图所示的电路中，L1、L2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，它的电阻与定值电阻R相等。下列说法正确的是（ ）A闭合开关S时，L1先亮、L2后亮，最后它们一样亮B闭合开关S时，L1、L2始终一样亮C断开开关S时，L2立刻熄灭、L1 过一会才熄灭D断开开关S时，L2 、L1 都要过一会才熄灭【答案】D【解析】由于电感的自感现象闭合开关S时，L2会立即亮，而L1是逐渐变亮，由于两支路电阻相同，电路稳定后，两支路流过的

14、电流相同，最后它们一样亮，则A、B错；断开开关S时，由于电感的自感现象L2、L1过一会才熄灭，则D对C错。15如图所示的电路，开关原先闭合，电路处于稳定，在某一时刻突然断开开关S，则通过电阻R1中的电流I1随时间变化的图线可能是下图中的( )【答案】D【解析】自感电流的方向可由坐标系中第一象限、第四象限中正负号表示，当S断开时，流过电阻R1中的电流由线圈的自感作用提供，与原来电流反向，故D正确.16如图所示，A、B两灯的电阻均为R，S1闭合时两灯的亮度一样，若再闭合S2待稳定后将S1断开，则在断开瞬间( )A.B灯立即熄灭 B.A灯过一会儿才熄灭C.流过B灯的电流方向为cd D.流过A灯的电流

15、方向为ab【答案】ABD【解析】S1闭合，S2断开时，A、B两灯泡的亮度相同，由两灯的电阻均为R可知，线圈L的直流电阻也为R.b、c两点间不存在电势差，闭合S2对电路没有影响，A、B两灯亮度仍一样，通过两灯的电流相同. 当断开S1时，电路中的电流已不存在，但L中由于电流的减小出现自感电动势，阻碍电流的减小，这一电流经过A灯和开关S2形成回路，所以通过A灯的电流方向由a到b，大小逐渐减小到零，由于S2已闭合，这一电流不可能通过B灯，所以B灯在S1断开的瞬间就熄灭. 由于原来(S1、S2都闭合时)线圈中的电流与灯中的电流大小相等，因此在断开S1时A灯不可能出现闪亮后才逐渐熄灭，只能是在原亮度的基础

16、上逐渐熄灭.正确选项为ABD.17铁路上使用种电磁装置向控制中心传输信号以确定火车的位置和速度，被安放在火车首节车厢下面的磁铁能产生匀强磁场，如图9-2-21所示（俯视图）.当它经过安放在两铁轨间的线圈时，便会产生一电信号，被控制中心接收.当火车以恒定速度通过线圈时，表示线圈两端的电压Uab随时间变化关系的图象是（）图9-2-21图9-2-22【答案】C【解析】火车以恒定速度通过线圈时，相当于线圈反向切割磁感线，进场时产生逆时针方向的恒定电流，Uab<0，且进入和离开过程产生的感应电动势大小相等、方向相反，选项C正确.18如图9-2-18所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R（

17、指拉直时两端的电阻），磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，与环的最高点A铰链连接的长度为2a、电阻为R/2的导体棒AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v.则这时AB两端的电压大小为（）图9-2-18A. B. C. D.Bav【答案】A【解析】导体棒摆下的过程中切割磁感线产生感应电动势，相当于电源.当摆到竖直位置时，电动势的大小，左右两个半环并联接在AB的两端，外电阻为，AB两端的电压即为路端电压，故选项A正确.19如图16-5-10所示，L是自感系数很大电阻很小的线圈，若合上或断开开关S1和S2时，可能发生的情况是( )图16-5-10A.S1闭合的瞬间，L1灯逐

18、渐亮起来B.再合上S2稳定后，L2灯是暗的C.断开S1的瞬间，L1灯立即熄灭，L2灯亮一下再熄灭D.断开S1瞬间，L2灯和L1灯过一会儿才熄灭【答案】ABC【解析】只闭合S1时，由于线圈自感作用，流过L1灯的电流将逐渐增大，L1灯逐渐亮起来，而L2灯是立即变亮；再合上S2稳定后，由于RL很小，L2灯几乎被短路，故L2灯是暗的.断开S1时，由于S2闭合，电感线圈L和L2构成回路，由于自感的作用，电流将由稳定时的值逐渐减小，由IL>>IL2，所以L2灯将闪亮一下再熄灭；而灯L1与电阻R串联后被S2短路，故灯L1立刻熄灭.20在如图16-5-9所示的电路中，D1和D2是两个完全相同的灯泡

19、，其额定电压在数值上约等于电源电动势，电源内电阻可以忽略不计，L是一个自身电阻可以忽略不计而自感系数足够大的线圈.若开关S2断开、S1闭合，两个灯泡都发出较暗的光.若闭合S2，两个灯的亮度变化情况是( )图16-5-9D1逐渐变亮，后来亮度稳定 D1逐渐变暗，后来熄灭 D2逐渐变亮，后来亮度稳定 D2逐渐变暗，后来熄灭A. B. C. D.【答案】B【解析】闭合S2后，由于L本身电阻可以忽略，且自感系数较大，故可看成将D1短路，D1渐暗直至熄灭.此时电路中只有D2，而电源电压不变，故D2渐渐变亮直至稳定.21如图12-2-16所示，两个垂直纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B，磁场区

20、域的宽度均为a，一正三角形(高度为a)导线框ABC从图示位置沿图示方向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在图12-2-17中感应电流I与线框移动距离x的关系图象正确的是()图12-2-16图12-2-17【答案】C【解析】根据E=BLv，分析知，C选项正确.22如图所示的电路中，灯泡P和灯泡Q是完全相同的灯泡，自感线圈L是直流电阻为零的纯电感，且自感系数L很大，电容器C的电容较大且不漏电，下列判断正确的是（ ）A.电键S闭合后，P灯亮后逐渐熄灭，Q灯逐渐变亮B.电键S闭合后，P灯、Q灯同时亮，然后P灯暗，Q灯更亮C.电键S闭合，电路稳定后，S断开时，P灯突然亮一下，然后熄灭，Q灯

21、立即熄灭D.电键S闭合，电路稳定后，S断开时，P灯突然亮一下，然后熄灭，Q灯逐渐熄灭【答案】AD【解析】在图示的电路中，P灯与电感L并联，Q灯与电容C并联，然后这两部分电路串联接在电源上，当电键S闭合时，电感对电流的增大起阻碍作用，导致P灯两端电压增大，而电容C开始电压较小，充电电流较大，故Q灯的电流较小；电感L上的电流逐渐增大，电容C上的充电电流逐渐减小，P灯上的电流逐渐减小，Q灯上的电流逐渐增大，达到稳定后，P灯无电流，Q灯达到最亮，所以A选项正确。 电键S闭合，电路稳定后，S断开时，电感L与P灯组成闭合回路，电感中的电流流经P灯，使P灯突然亮一下再熄灭，而电容C中所带的电量经Q灯放电，Q

22、灯不立即熄灭，而是逐渐熄灭，所以D选项也是正确的。23在图所示电路中，L为电阻很小的线圈，Gl和G2为零点在表盘中央的相同的电流表当开关S闭合时，电流表G1指针偏向右方，那么当开关S断开时，将出现下面哪些现象（ ）AGl和G2指针都立即回到零点BG1指针立即回到零点，而G2指针缓慢地回到零点CG1指针缓慢回到零点，而G2指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点DG1指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G2指针缓慢地回到零点【答案】D【解析】电流表指针的偏转方向与电流的流向有关根据题意，电流自右向左时，指针向右偏那么，电流自左向右时，指针应向左偏当开关S断开瞬间，G1中电流立即消失，而L由于

23、自感作用，电流不能立即消失，电流沿L、G2、G1的方向在由它们组成的闭合回路中继续维持一个短时间，即G2中的电流按原方向自右向左逐渐减为零，而G1中的电流和原方向相反变为自左向右，和G2中的电流同时减为零；也就是G1指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G2指针缓慢地回到零点24在制作精密电阻时，为消除使用过程中由于电流的变化而引起的自感现象，采用图所示的双线绕法，其理由是( )A.电路中电流变化时，两股导线中产生的自感电动势互相抵消B.电路中电流变化时，两股导线中产生的感应电流互相抵消C.电路中电流变化时，两股导线产生的磁通量的变化量互相抵消D.电路中电流发生变化时，电流的改变量互相抵消

24、【答案】C【解析】产生感应电动势的最根本原因是有磁通量的变化，有了才有感应电动势E，有了E才能有感应电流I，从这个因果关系不难发现C是正确的.对于D，电流的变化量是抵消不了的，输入电流与输出电流变化量是一样的.25在下列四个日光灯的接线图中，S为启动器，L为镇流器，正确的是( )【答案】A【解析】日光灯电路的接法是：启动器与灯管并联，镇流器与灯管串联，故选项A正确.26如图10所示是观察自感现象的电路图,为了观察到断开开关的瞬间灯泡有明显的闪烁现象,除增大线圈的自感系数外,还要考虑线圈电阻RL和小灯泡电阻R,它们之间应满足的关系是 ()图10A.RL>RB.RL=RC.RL<<

25、;RD.RL>>R【答案】C【解析】有明显的闪烁现象,必须有线圈中电流比灯泡中电流大得多.由并联分流可知,RL<<R.27制作精密电阻时，为了消除在使用中由于电流的变化引起的自感现象，用电阻丝绕制电阻时采用如图8所示的双线绕法，其道理是（）图8A.电路电流变化时，两根线中产生的自感电动势相互抵消B.电路电流变化时，两根线中产生的自感电流相互抵消C.电路电流变化时，两根线圈中的磁通量相互抵消D.以上说法都不正确【答案】C【解析】灯管点燃时,镇流器提供瞬时高压;正常工作时,镇流器起降压限流作用,所以ABD正确,C错误.28如图7所示是测定自感系数很大的线圈L直流电阻的电路,

26、L两端并联一只电压表,用来测量自感线圈的直流电压.在测量完毕后,将电路解体时应()图7A.先断开S1B.先断开S2C.先拆除电流表D.先拆除电阻R【答案】B【解析】只要不断开S2,线圈L与电压表就会组成闭合回路,在断开S1时,线圈L会因此产生感应电流,电流的方向与原方向相同,流过电压表时,电流的方向与原来电流方向相反,电压表中的指针将反向偏转,损坏电压表.因此应先断开S2.29如图4所示是日光灯的构造示意图.若按图示的电路连接，关于日光灯发光的情况，下列叙述中正确的是（）A.S1接通，断开S2、S3，日光灯就能正常发光B.S1、S2接通，S3断开，日光灯就能正常发光C.S3断开，接通S1、S2

27、后，再断开S2，日光灯就能正常发光D.当日光灯正常发光后，再接通S3，日光灯仍能正常发光图4【答案】C【解析】S1接通，S2、S3断开，电源电压220 V加在灯管两端，不能使气体电离，日光灯不能发光，选项A错误.S1、S2接通，S3断开，灯丝两端被短路，电压为零，日光灯不能发光，选项B错误.S3断开，S1、S2 接通，灯丝被预热，发出电子，再断开S2，镇流器中产生很大的自感电动势，和原电压一起加在灯管两端，使气体电离，日光灯正常发光，选项C正确.当日光灯正常发光后，再接通S3，则镇流器被短路，灯管两端电压过高，会损坏灯管，选项D错误.该题的正确答案为C.30图2所示,A和B是电阻为R的电灯,L

28、是自感系数较大的线圈,当S1闭合、S2断开且电路稳定时,A、B亮度相同,再闭合S2,待电路稳定后将S1断开.下列说法中,正确的是()图2A.B灯立即熄灭B.A灯将比原来更亮一些后再熄灭C.有电流通过B灯,方向为cdD.有电流通过A灯,方向为ba【答案】AD【解析】对断电自感现象,要根据自感线圈总是阻碍自感电流的变化进行判断.根据题意可知L的电阻也为R,S1断开前,A、B、R、L上的电流均相同.S1断开后,由于L的作用电流将逐渐减小.这一电流不会通过B灯,而只通过A灯,方向ba,它只能使A灯迟一些熄灭,而不能使A灯更亮,故A、D正确.31如右图所示，电路稳定后，小灯泡有一定的亮度，现将与螺线管等

29、长的软铁棒沿管的轴线迅速插入螺线管内，判断在插入过程中灯泡的亮度变化情况是（ ）A.变暗 B.变亮 C.不变 D.无法判断【答案】A【解析】由电源极性知通电螺线管中的电流如图所示，相当于一个条形磁铁左端是N极，右端是S极，内部磁场方向由右向左.软铁棒在插入过程中被磁化，左端是N极，右端是S极，所以插入的过程是螺线管中磁通量增加的过程，由楞次定律知感应电流方向与原来的电流方向相反，故小灯泡变暗.32如图9-2-15所示，有一匝接在电容器C两端的圆形导线回路，垂直于回路平面以内存在着向里的匀强磁场B，已知圆的半径R5 cm，电容C20 F，当磁场B以4×10-2 T/s的变化率均匀增加时

30、，则（）图9-2-15A.电容器a板带正电，电荷量为2×10-9 CB.电容器a板带负电，电荷量为2×10-9 CC.电容器b板带正电，电荷量为4×10-9 CD.电容器b板带负电，电荷量为4×10-9 C【答案】A【解析】根据楞次定律可判断a板带正电，线圈中产生的感应电动势，板上带电荷量QCE2×10-9 C，选项A正确.33如图所示电路中，A、B为两相同的小灯泡，L为直流电阻为零的电感线圈，下列说法正确的是A电源为稳恒直流电源时，灯泡A、B亮度相同B电源为稳恒直流电源时，灯泡A比B亮度大C电源为正弦交流电源时，灯泡A比B亮度大D电源为正弦交

31、流电源时，灯泡A、B亮度相同【答案】AC【解析】34如图7所示，电路中A、B是规格相同的灯泡，L是电阻可忽略不计的电感线圈，那么A合上S，A、B一起亮，然后A变暗后熄灭B合上S，B先亮，A逐渐变亮，最后A、B一样亮C断开S，A立即熄灭，B由亮变暗后熄灭D断开S，B立即熄灭，A闪亮一下后熄灭【答案】AD【解析】解：A、B闭合S时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B变亮故A正确，B错误C、D断开S，B立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A灯，A闪亮一下后熄灭故

32、C错误，D正确故选AD点评：对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可楞次定律分析发生的现象35如图所示，三个相同的灯泡a、b、c和电阻不计线圈L与内阻不计电源连接，下列判断正确的有（ ）AK闭合的瞬间，b、c两灯亮度不同BK闭合的瞬间，a灯最亮CK断开的瞬间，a、c两灯立即熄灭DK断开之后，a、c两灯逐渐变暗且亮度相同【答案】BD【解析】36某同学在研究电容、电感对恒定电流与交变电流的影响时，采用了如图所示的电路，其中、是两个完全相同的灯泡。当双刀双掷开关置于3、4时，电路与交流电源接通，稳定后的两个灯泡发光亮度相同。则该同学在如下操作中能观察到的实验现象是A当开关置于1、2时，

33、稳定后亮、不亮B当开关置于3、4时，频率增加且稳定后，变亮、变暗C当开关从置于1、2的稳定状态下突然断开，将会立即熄灭D当开关从置于1、2的稳定状态下突然断开，不会立即熄灭【答案】AD【解析】分析：电感的特性是：通直流、阻交流；阻高频、通低频电容的特性是：隔直流、阻交流；通高频、阻低频也可以用感抗公式xL=2fL和容抗公式xC=来分析，更方便解答：解：当开关置于1、2时，接的是直流电，稳定后，电感的感抗减小，L1变亮，电容的容抗无穷大，也就是不通电，L2不亮所以A正确当开关置于3、4时，稳定后，若只增加交流电的频率，感抗变大，L1变暗，容抗变小，L2变亮所以B错当开关置于1、2稳定状态下突然断

34、开，由于电感产生的自感电动势对电流的阻碍作用，L1中的电流会慢慢减小，因此L1不会立即熄灭所以C错误D正确故选AD点评：于电容和电感对交流的影响可以根据感抗和容抗的公式，在理解的基础上进行记忆基础题37如图12所示的电路中，L是自感系数很大的、用铜导线绕制的线圈，其电阻可以忽略不计.开关S断开瞬间，则（）图12A.L中的电流方向不变B.灯泡A要过一会儿才熄灭C.灯泡A立即熄灭D.电容器将放电【答案】C【解析】开关S断开瞬间,无电流流过灯泡A,灯泡A立即熄灭,C正确,B错误.线圈和电容构成LC振荡电路,所以AD均错误.38如图11所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D

35、2是两个完全相同的小灯泡.将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则下列说法中正确的是（）图11A.闭合瞬间，两灯同时亮，以后D1熄灭，D2变亮B.闭合瞬间，D1先亮，D2后亮，最后两灯亮度一样C.断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭D.断开时，D2立即熄灭，D1亮一下再慢慢熄灭【答案】AD【解析】闭合K瞬时,D1、D2应同时亮,此后,由于线圈自感作用,D1逐渐熄灭,D2变亮,A正确,B错误.断开K瞬间,D2立即熄灭,L和D1组成回路,所以D1亮一下再逐渐熄灭,D正确,C错误.39两个相同的白炽灯泡L1和L2接到如图所示的电路中，灯L1与电容器串联，灯L2与电感线圈串联当a、b间接电压最大值

36、为Um、频率为f的正弦交流电源时，两灯都发光，且亮度相同在a、b间更换一个新的正弦交流电源后，灯L1的亮度低于灯L2的亮度。新电源的电压最大值和频率可能是：A最大值仍为Um，而频率大于fB最大值仍为Um，而频率小于fC最大值大于Um，而频率仍为fD最大值小于Um，而频率仍为f【答案】B【解析】考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用分析：对于电容器来说能通交流隔直流，而频率越高越容易通过对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流解答：解：当将a、b接在电压最大值为Um、频率为f的正弦交流电源E1两极之间时，两只灯泡都发光，且亮度相同而更换一个新电源后，灯L2的亮度高于灯L1的亮度

37、，则说明线圈的感抗比电容器的容抗小，那么新电源的频率小，最大电压值仍不变故选：B点评：当电容器的电容越小，频率越低时，容抗越高；而线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高40如图所示，当交流电源的电压为220 V，频率为50 Hz时，三只灯泡，L1、L2、L3亮度相同。若保持交流电源的电压不变，只将其频率变为100 Hz，则（ ）AL1、L2、L3的亮度都比原来亮B只有L1的亮度比原来亮C只有L2的亮度比原来亮D只有L3的亮度比原来亮【答案】B【解析】考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用；欧姆定律分析：三个支路电压相同，当交流电频率变化时，会影响电感的感抗和电容的容抗，从而影响流过电

38、感和电容的电流解答：解：三个三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过L1的电流变大，流过L2的电流变小，流过L3的电流不变故A、C、D错误，B正确故选B点评：解决本题的关键知道电感和电容对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关记住感抗和容抗的两个公式可以帮助定性分析XL=2Lf，XC= 1/2Cf41两只相同的白炽灯L1和L2，分别与电容器C和电感线圈L串联，接在如图所示的电路中。将a、b接在电压最大值为Um、频率为f的正弦交流电源E1两极之间时，两只灯泡都发光，且亮度相同。若更换一个新的正弦交流电源E2后，灯L2的亮度高于

39、灯L1的亮度。则新电源E2的电压最大值和频率可能是 A电压的最大值仍为Um，而频率大于fB电压的最大值仍为Um，而频率小于fC电压的最大值大于Um，而频率仍为fD电压的最大值小于Um，而频率仍为f【答案】B【解析】分析：对于电容器来说能通交流隔直流，而频率越高越容易通过对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流解答：解：当将a、b接在电压最大值为Um、频率为f的正弦交流电源E1两极之间时，两只灯泡都发光，且亮度相同而更换一个新电源后，灯L2的亮度高于灯L1的亮度，则说明线圈的感抗比电容器的容抗小，那么新电源的频率小，最大电压值仍不变故选：B点评：当电容器的电容越小，频率越低时，容抗越高

40、；而线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高42如图电路中，p、Q两灯相同，L的电阻不计，则 AS断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会才熄灭BS接通瞬间，P、Q同时达正常发光CS断开瞬间，通过P的电流从右向左DS断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相反【答案】C【解析】S断开瞬间，由于线圈自感作用，阻碍原电流减小，相当于新的电源，通过Q、P形成回路，所以PQ均过一会熄灭，A错。通过线圈的电流沿原方向，所以通过Q的电流与原来方向相同，通过P的电流与原来方向相反，从右向左，C对D错。S接通瞬间，P立即正常发光，由于线圈自感阻碍电流增大，Q缓慢变亮，B错。43如图所示，a、b是两个相同的小灯泡. 灯泡电阻为r

41、，rR.L是一个自感系数相当大的线圈，它的电阻跟R相等.由于自感现象，开关S接通和断开时，下列说法中正确的是A. 开关接通时，看到a先亮，b后亮B. 开关断开时，看到b先熄灭，a先闪亮一下再熄灭C. 开关接通时，IaIbD. 开关断开时，IaIb【答案】B【解析】略44如图所示的电路中，A、B、C是三个相同的灯泡，L是自感线圈，其电阻可忽略不计电键S先闭合然后再断开则（ ）AS闭合后，A先亮而B、C慢亮BS闭合后，B、C先亮而A慢亮CS断开后，B、C先变亮然后逐渐变暗DS断开后，A先变亮然后逐渐变暗【答案】BC【解析】略45如图，L是直流电阻为零、自感系数很大的线圈，A和B是两个相同的小灯泡，

42、某时刻闭合开关S，通过A、B两灯泡中的电流IA、IB随时间t变化的图象，正确的是【答案】A【解析】46如图所示，L是自感系数足够大的线圈，其自身的直流电阻为RL，A和B为两个相同的小灯泡，电阻为R，已知，则 （ ）A当开关S由断开变为闭合时，A灯逐渐变亮，B灯立即变亮B当开关S由断开变为闭合时，A灯立即变亮，B灯逐渐变亮C当开关S由断开变为闭合时，两灯同时亮，然后A灯逐渐变暗，B灯更亮D当开关S由闭合变为断开时，两灯立即熄灭【答案】C【解析】47如图， A、B是完全相同的两个小灯泡，L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈，下列说法正确的是（ ）A开关K闭合的瞬间，A、B同时发光，随后A灯

43、变暗，B灯变亮。B开关K闭合的瞬间，B灯亮，A灯不亮。C断开开关K的瞬间，A、B灯同时熄灭。D断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭【答案】AD【解析】开关K闭合的瞬间，由于线圈L的自感，A、B同时发光，电路稳定后，线圈L的电阻可忽略，灯A被短路，变暗，选项A正确、B错误；断开K的瞬间，由于线圈L的自感，灯A中闪亮一下熄灭，而B灯立即熄灭，选项C错误、D正确。48如图所示，Dl、D2规格相同的两个小灯泡，L是带有铁芯的电阻忽略不计的电感线圈，下列说法正确的是 （ ）A开关S接通瞬间，Dl、D2同时亮起来B开关S接通稳定后，Dl、D2亮度相同C开关S断开瞬间，Dl、D2同时熄灭D

44、开关S断开的瞬间，D1立即熄灭D2闪亮一下再逐渐熄灭【答案】AD【解析】分析：电感总是阻碍电流的变化线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路解答：解：L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的小灯泡A、S闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D1熄灭，D2变亮故A正确；B、S闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以

45、两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D1熄灭，D2变亮故B错误；C、S闭合断开，D2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D1亮一下再慢慢熄灭，故C错误；D、S闭合断开，D2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D1亮一下再慢慢熄灭，故D正确；故选：AD点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极49如图所示的电路中，L为电感线圈（电阻不计），A、B为两灯泡，以下结论正确的是：（

46、）A合上原本断开的开关S时，A、B同时亮，以后B变暗直至熄灭，A变亮B合上原本断开的开关S时，A先亮，B后亮C断开原本闭合的开关S时，A、B两灯都亮一下再逐渐熄灭 D断开原本闭合的开关S时，A变亮，B熄灭【答案】B【解析】合上原本断开的开关S时，电感线圈阻碍原电流的增大，可以看成是断路，则A、B同时亮，以后B变暗直至熄灭，A变亮，故A正确，B错误断开原本闭合的开关S时，电感线圈阻碍原电流的减小，与B灯构成通路，所以B灯亮一下再逐渐熄灭，故CD错误故选A50图中L是绕在铁心上的线圈，它与电阻R、R0、电键和电池E可构成闭合回路线圈上的箭头表示线圈中电流的正方向，当电流的流向与箭头所示的方向相同，

47、该电流为正，否则为负电键K1和K2都处于断开状态设在t=0时刻，接通电键K1，经过一段时间，在t=t1时刻，再接通电键K2，则能正确表示L中的电流I随时间t的变化图线的是：（ ）【答案】A【解析】分析：当开关接通和断开时，通过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，运用楞次定律来分析电流的变化情况解答：解：在t=0时刻，接通电键K1，通过线圈的电流从无到有增大，线圈中产生自感电动势，阻碍电流增大，使得线圈中电流只能逐渐增大，而方向不变，仍为正方向   当电流稳定后，线圈中不产生自感电动势，电流一定   在t=tl时刻，再接通电键K2，电源

48、被短路，线圈中电流将要减小，由于自感电动势的阻碍，使得线圈中电流只能逐渐减小到零，根据楞次定律，电流方向与原来方向相同，仍为正方向故选A点评：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，不产生自感电动势，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源51日光灯电路主要由镇流器、起动器和灯管组成，在日光灯正常工作的情况下，下列说法正确的是（ ）A灯管点燃后，起动器中两个触片是分离的B灯管点燃后，镇流器起降压和限流作用C镇流器在日光灯开始点燃时，为灯管提供瞬间高压D镇流器的作用是将交变电流变成直流电使用【答案】ABC【解析】镇流器的作用是产生自感电动势。52电源E、开关S、定值电阻R、小灯

49、泡A和带铁芯的线圈L(其电阻可忽略)，连成如图所示的电路，闭合开关S，电路稳定时，小灯泡A发光，则断开S瞬间，以下说法正确的是 ( )A.小灯泡A立即熄灭B.小灯泡A逐渐变暗，且电流方向与断开S前相同C.小灯泡A逐渐变暗，且电流方向与断开S前相反D.小灯泡A先变得比断开S前更亮，然后逐渐变暗【答案】B【解析】电感总是阻碍电流的变化线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡A构成电路回路, 断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和A组成的回路中的电流会维持不变，其数值就是S断开前L支路中的电流,

50、 所以小灯泡A逐渐变暗，且电流方向与断开S前相同。53如图为演示自感现象的电路图，对于电路可能发生的情况，正确的说法是( )A. 当开关由断开闭合时，灯泡不会立即发光B. 当开关由断开闭合时，灯泡会立即发光，但会逐渐变暗直到稳定C. 当开关由闭合断开时，灯泡不会立即熄灭D. 当开关由闭合断开时，灯泡不可能比开关闭合时更亮【答案】BC【解析】本题考查自感现象。开关由断开闭合时由于线圈的自感作用刚开始线圈电流很小且逐渐变大，灯泡立即发光，通过线圈的电流逐渐变大，灯泡两端的电压逐渐减小，亮度逐渐减弱，线圈中电流稳定后灯泡亮度稳定，A错误B正确；开关由闭合断开时，由于线圈的自感作用，灯泡不会立即熄灭，

51、可能闪亮一下再熄灭，C正确D错误；选BC。54在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，外电路上接有一电阻值为R的电阻和一只自感系数很大、电阻不计的线圈，电流表和电压表均为理想电表，当开关S闭合后电压表的示数从 变化到 ，电流表的示数从 变化到 。（用含有E、R、r等物理量来表述结果。）【答案】E, 0; 0 , E/R+r【解析】开关闭合时，电感线圈阻碍原电流的增大，可认为无穷大，则电压表示数为电源电动势E，电路中电流为零，当稳定后线圈直流电阻为零，电压表测线圈两端电压，故示数变为零，根据欧姆定律可知电流表示数为故答案为：E, 0; 0 , E/R+r55如图所示的电路中，L是自感系数足

52、够大的线圈，但其自身的直流电阻几乎为零，A和B是两个相同的小灯泡。下列说法中正确的是（ ）A当开关S由断开变为闭合时，A灯逐渐变亮，B灯立即变亮B当开关S由断开变为闭合时，A灯立即变亮，B灯逐渐变亮C当开关S由断开变为闭合时，两灯同时亮，然后A灯熄灭，B灯更亮D当开关S由断开变为闭合时，两灯同时逐渐变亮【答案】C【解析】根据线圈的自感现象，开关由断开变为闭合，通过线圈的磁通量电流变大，所以穿过线圈的磁感线的条数变多，根据楞次定律，线圈中产生感应电流阻碍磁通量的变化，所以A和B形成串联电路，电流相等，之后电路稳定之后，线圈的自感现象消失，A灯熄灭，B灯两端电压变大，所以B灯变亮。故答案选C56如

53、图所示的电路中，D1和D2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其阻值与R相同在开关S接通和断开时，灯泡D1和D2亮暗的顺序是 ( ) A接通时D1先达最亮，断开时D1后灭 B接通时D2先达最亮，断开时D1后灭C接通时D1先达最亮，断开时D1先灭 D接能时D2先达最亮，断开时D2先灭【答案】A【解析】解析：当开关S接通时，D1和D2应该同时亮，但由于自感现象的存在，流过线圈的电流由零变大时，线圈上产生自感电动势的方向是左边正极，右边负极，使通过线圈的电流从零开始慢慢增加，所以开始瞬时电流几乎全部从D1通过而该电流又将同时分路通过D2和R，所以D1先达最亮，经过一段时间电路稳定后，D1和D2达到一样亮当开关S断开时，电源电流立即为零，因此D2立刻熄灭，而对D1，由于通过线圈的电流突然减弱，线圈中产生自感电动势(右端为正极，左端为负极)，使线圈L和D1组成的闭合电路中有感应电流，所以D1后灭故选A57如图所示电路中，L为电感线圈，C为电容器，当开关S由 断 开变为闭合时