(3份试卷汇总)2019-2020学年天津市和平区高一物理下学期期末综合测试试题

1、2019-2020学年高一下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共1。小题，每小题4分，共4。分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1 .（本题9分）关于作用力与反作用力做功，下列说法不正确的是。A. 一对静摩擦力做功之和一定为零B. 一对滑动摩擦力做功之和一定为负值C.当作用力做正功时，反作用力一定做负功D.当作用力做正功时，反作用力可以做正功，也可以做负功，也可以不做功2.（本题9分）如图所示，运动员把质量为m的足球从水平地面踢出，足球在空中达到的最大高度为在最高点时的速度为v,不计空气阻力，重力加速度为g,则运动员踢球时对足球做的功为（）C. mgh+ mv2 D.

2、 mgh+mv23 .（本题9分）如图所示，水平面上有一汽车A,通过定滑轮用绳子拉同一水平面的物体B,当拉至图示 位置时，两绳子与水平面的夹角分别为甬二者速度分别为VA和VB,则（）A. va: vb=1： 1B. va: VB=sina： sinpC. va: vs=cosp： cosaD va: VB=sina： cosP4 .（本题9分）跳伞运动员张开伞之后竖直向下做匀速直线运动，一阵风过后，运动员在水平方向的分速度为 6m/s,此时运动员的实际速度为10m/s,则运动员竖直方向的分速度为A. 4m/s B. 6m/s C. 8m/s D. 10 m/s5 .（本题9分）如图所示，物体A

3、和B的质量均为m,且分别与跨过定滑轮的轻绳连接（不计绳与滑轮、 滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法正B.物体A做匀加速直线运动C.绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D.绳子对物体A的拉力大于物体A的重力6 .关于曲线运动，下列说法正确的是（）A.物体在恒力作用下不可能做曲线运动B.物体在变力作用下一定做曲线运动C.做匀速圆周运动的物体任意时刻速度相同D.做平抛运动的物体在相同时间内速度变化量相同7 .（本题9分）一个物体从某一确定的高度以V。的初速度水平抛出，已知它落地时的速度为vt ,重力加 速度为g，下列说法正确的是（）a.用e表示它

4、的速度方向与水平夹角，则sme=孑b.它的运动时间是也一殳 gC.它的竖直方向位移是42gD.它的位移是 2g8 .如图所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放置于某一竖直墙面前，然后向墙面发射网球。假 定网球水平射出，某两次射出的网球a, b运动轨迹如图虚线所示，碰到墙面时与水平方向夹角分别为30。 和60。、若不考虑网球在空中受到的阻力，则a、b两球A.a球初速度较大C. a球碰到墙面时速度较大B.a球在空中飞行的时间较长D. a球速度变化量较大9 .（本题9分）-物体由静止开始做匀变速直线运动，在时间，内通过的位移为“则它从出发开始经过；的位移所用的时间为A，4B-110 .（本题9分

5、）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）.设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为仇实验中，极板所带电荷量不变，若A.保持S不变，增大d,则8变大B.保持S不变，增大d,则6变小C.保持d不变，减小S,则e变小D.保持d不变，减小S,则e不变二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分,在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11 .（本题9分）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为AU.在这个过程中，下列判断正确的A.电流表的示数增大

6、B.电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大C.电容器的带电量减小，减小量小于CAUD.电压表示数变化量AU和电流表示数变化量AI的比值不变12 .下列说法中不正确的是 A.作用在静止物体上的力的冲量一定为零B.根据 一, w LJ可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它所受的合外力C.物体的动量发生改变，则合外力一定对物体做了功D.物体的动能发生改变，其动量一定发生改变13 .（本题9分）如图所示，在固定的圆锥形漏斗的光滑内壁上，有两个质量相等的小物块A和B,它们分 别紧贴漏斗的内壁，在不同的水平面上做匀速圆周运动。则以下叙述正确的是（）A.物块A的线速度大于物块B的线速度B.物块A的

7、角速度大于物块B的角速度c.物块A对漏斗内壁的压力大于物块B对漏斗内壁的压力D.物块A的周期大于物块B的周期14 .（本题9分）如图所示，两个质量均为7的小球A、B套在半径为R的圆环上，圆环可绕竖直方向的直径旋转,两小球随圆环一起转动且相对圆环静止.已知0A与竖直方向的夹角夕=53, 0A与0B垂直，小球B与圆环间恰好没有摩擦力,重力加速度为g,sin530 =0.8,cos53°= 0.6.下列说法正确的是（）A.圆环旋转角速度的大小为京B.圆环旋转角速度的大小为c.小球4受到的.重力和弹力合力水平向左D.小球A与圆环间摩擦力的大小为吆15 .如图所示，细线的-端固定于。点，另一端

8、系一小球，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点的过程中（）A.小球的机械能保持不变B.小球受的合力对小球不做功C.水平拉力F的瞬时功率逐渐减小D.小球克服重力做功的瞬时功率逐渐增大16 .（本题9分）如图所示，一个长直轻杆两端分别固定一个小球A和B, A球、B球质量分别为2m、m, 两球半径忽略不计，杆的长度为/。先将杆AB竖直靠放在竖直墙上，轻轻振动小球B,使小球A在水平 面上由静止开始向右滑动，当小球B沿墙下滑距离为g时，下列说法正确的是（）B.小球B的速度为史史 2C.小球B沿墙下滑!过程中，杆对B做的功为正陪/ 25D.小球B沿墙下滑:过程中，杆对A做的功为!

9、吆/三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17 .(本题9分)在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：(1)实验中动能的增加量略小于重力势能的减少量，其主要原因是A、重物下落的实际距离大于测量值B、重物下落的实际距离小于测量值C、重物下落受到阻力D、重物的实际末速度大于计算值(2)如图所示，有一条纸带，各点距A点的距离分别为出，d2, d3,各相邻点间的时间间隔为T,当地重力加速度为g,要用它来验证物体从B到G处的机械能是否守恒，则B点的速度表达式为vB=, G点的速度表达式为VG=(3)若B点和G点的速度“、vG以及BG间的距离h均为已知量，则当满足时，物体的机械能守恒.18 .(本题9

10、分)某同学用如图所示的装置“验证动量守恒定律，实验前，用水平仪先将光滑操作台的台面 调为水平。其实验步骤如下：a.用天平测出小球A、B的质量mA、mB,且mA>rriB；b.先不放小球B,把轻弹簧的一端固定在固定挡板上，用细线将小球A与挡板连接，使挡板和A间的弹簧 处于压缩状态；剪断细线，小球A沿平台运动，离开弹簧后，A再沿平台运动，最后滑落台面，记录小球 A的落地点P的位置；c.放上小球B,把轻弹簧的一端仍固定在固定挡板上，还用细线将小球A与挡板连接，使挡板和A间的弹 簧处于相同的压缩状态；剪断细线，小球A沿平台运动，离开弹簧后，和小球B沿一条直线碰撞后都滑落 台面，记录A、B滑块的落

11、地点的N、M位置；&用刻度尺测出三个落地点N、P、M距操作台边缘的水平距离x】、xz、X3；实验步躲a中，要求其原因为。（2）实验前，用水平仪先将光滑操作台的台面调为水平，其原因为 o（3）如果A、B组成的系统水平动量守恒，须满足的关系是（用测量量表示）。（4）该实验还可以验证碰撞过程是否为弹性碰撞（碰撞过程中没有机械能损失），只要再满足的关系式，即可说明两小球的碰擅为弹性碰撞（用测量量表示）。四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19 .（6分）（本题9分）如图所示，在绝缘水平面上，相距为L的A、B两点处分别固定着两个等量正电荷.a、Lb是AB连线上两点，其中Aa=Bb=-,O为

12、AB连线的中点.一质量为m带电量为+q的小滑块（可视为质点）以初动能E。从a点出发，沿AB直线向b运动，其中小滑块第一次经过。点时的动能为初动能的n倍 到达b点时动能恰好为零，小滑块最终停在。点，求：a a ° h B（i）小滑块与水平面间的动摩擦因数内（2）Ob两点间的电势差U°b.（3）小滑块运动的总路程S.20 . （6分）一轰炸机在海面上方h=500m高处沿水平直线飞行，以vlOOm/s的速度追赶一艘位于正前下 方以V2=20m/s的速度逃跑的敌舰，如图所示。要准确击中敌舰，飞机应在离敌舰水平距离为s处释放炸 弹，释放炸弹时，炸弹与飞机的速度相同，空气阻力不计，重力

13、加速度g=10m/s2。求：令， h -5v2J（1）炸弹从被释放到落到水面的时间；（2）炸弹刚落到水面时的速度大小；（结果保留一位小数）（3）要能准确击中敌舰，s应为多大？21 . （6分）（本题9分）汽车以额定功率行驶7x102m距离后关闭发动机，汽车运动过程中动能Ek与位侈x 的关系图象如图所示。已知汽车的质量为1000kg,汽车运动过程中所受阻力为2000N,求汽车:(2)减速运动过程的位移；(3)加速运动过程所用的时间。22 . (8分)(本题9分)宇航员在一星球表面上高h处由静止释放一个小球，经过t时间小球落到星球表面，该星球的半径为R,万有引力常量为G.求(1)该星球表面的重力加

14、速度g;(2)该星球的质量M.参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1. C【解析】一对互为作用力和反作用力的静摩擦力因为没有相对位移，故做功的代数和一定为零，故A正确；对相互 作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值，其绝对值等于产生的内能，即Q=f-AS, 故B正确；作用力与反作用力做功可能都是正功也可能都是负功，比如两个磁铁在它们的相互作用力的作 用下运动，如果从静止开始向相反的方向运动则都是在做正功，故C错误；当作用力做正功时，反作用力 可以做正功，也可以做负功，也可以不做功，选项D正确；此题选择

15、错误的选项，故选C.点睛：本题细致的考查了作用力与反作用力的关系，及作用力与反作用力做功时的特点，有的学生想当然 的认为一个做正功，另一个必定做负功，这是不对的，本题是作用力与反作用力的一道好题.2. C【解析】【分析】【详解】足球被踢起后在运动过程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的机械能守恒，足球到达最高点时，机械能为E=mgh+1mv2,由于足球的机械能守恒,则足球刚被踢起时的机械能为£=巾目卜+:皿2,足球获22得的机械能等于运动员对足球所做的功，因此运动员对足球做功：W=mgh+1mv2,故ABD错误，C正确;故选C.【点睛】本题可以对踢球的过程运用动能定理，足球动能的

16、增加量等于小明做的功；同时足球离开脚后，由于惯性 继续飞行，只有重力做功，机械能守恒.3. C【解析】【详解】对A物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为唳cos a ；对B物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为唳cos/ ,由于沿着绳子方向速度大小相等，所以则有i，ACosa = ocos/7,因此ABD错误，C正确；故选C.【点睛】考查学会对物体进行运动的分解，涉及到平行四边形定则与三角函数知识，同时本题的突破口是沿着绳子的方向速度大小相等.4. C【解析】【详解】运动员的合速度为10m/s,水平分速度为6m/s,由平行

17、四边形法则可知竖直分速度为匚口 二4二W=Sm s；故选c.【点睛】解决本题的关键知道分运动具有独立性，互不干扰，知道速度的合成遵循平行四边形定则.5. D【解析】AB、将B物体的速度Vb进行分解如图所示，则VA=VB8sa,a减小,Vb不变，则Va逐渐增大，说明A物体向上做 加速运动，故A错误、B错误；CD、设绳子对A的拉力大小为T,由牛顿第二定律T-mg=ma,可知绳子对A的拉力T>mg,则物体A处于超重状态.故C错误、D正确.故选D.【点睛】将B的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的分速度等于A的速度，根据平行四边形定 则判断A的速度如何变化，从牛顿第二定律可知绳子对

18、A的拉力与重力的关系.6. D【解析】【详解】A.物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；B.当变力与速度方向共线时，物体在变力作用下也可能做直线运动，选项B错误；C.做匀速圆周运动的物体任意时刻速度大小相同，但是方向不一定相同，选项C错误；D.做平抛运动的物体加速度恒定为g,则在相同时间内速度变化量均为酊，相同，选项D正确.7. B【解析】【详解】A、根据几何关系知，sinO =,故A错误；匕B、根据平行四边形定则知，物体落地时的竖直分速度匕.=-说，则物体运动的时间f = W =五三，故B正确；g gC、竖直方向的位移，=L=三二水平位移口 = %/= %.'：

19、 一,根据平行四边形定则知，物体 2g 2g°° g的位移s =尸尸=上荐历孑，故CD错误.2g【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和平行四边形定则进 行研究.8. A【解析】【详解】1hvnAB.在平抛运动过程中，有：h=-gt2； x=vot；位移与水平方向夹角的正切值为：。=一 = ；速度 2x 2gt与水平方向夹角的正切值为：tanP=- = 则有：tan叩2tan-在平抛运动中，有：h=xetana= vytan 6% tan300 11七型。两球碰到墙面时与水平方向夹角分别为30。和6。，所以，=嬴才=§，

20、由卜=筮可得:"昌 =£，初速度：-二£，可得：辽二£，所以a的初速度较大，而飞行的时间较小。故A正 他 3tv2 1确，B错误；vn匕 1 vcos600 1C.由于末速度：匕=一、可知，=-=7 ,所以两球碰到墙面时速度相等，故C错误； cosp匕 2 V2cos300 1D.a飞行的时间较小，由Av=gAt可知a速度变化量较小。故D错误；9. B【解析】【分析】【详解】据位移时间公式可得：x = atvy 11它从出发开始经过7的位移时，有：二=二/，解得： = 77， 44 22故选B10. A【解析】【分析】【详解】AB、电容器所带电荷量Q不变

21、，由。=占）可知S不变，增大d,则。变小，而由C = g可得电容器 4 九 kdU的电压U变大，从而使得静电计的电压U变大，其指针的偏角e变大，故A正确、B错误；CD、同理可知保持d不变，减小S,则。变小，而由。=於可得电容器的电压u变大，使得静电计的电压u变大，其指针的偏角8变大，故选项c、D均错误.故选:A.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11. BCD【解析】【详解】AC.闭合开关S,增大可变电阻R的限值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知， 电阻两端的

22、电压减小，电阻R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻两端的 电压减小量小于AU,则电容器的带电量减小，减小量小于CAU.故A错误，C正确。B.由图，"% R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大，故B正确。D.根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I (R1+r),由数学知识得知，当=用+，保持不变，故D正确。12. AC【解析】【分析】冲量是力在时间上的累积，与物体是否静止无关；动量是矢量，动量变化可能是大小变化，也可能是方向 变化；动能是标量，只有大小没有方向，动能发生变化，速度大小一定变化，动量变化。【详解】A.作用在静止的物体上的合力的冲量一定为零，而分

23、力的冲量不一定为零，故A错误；B.宏观低速状态下，物体的质量为常量，因此动量对时间的变化率本质上是速度对时间的变化率，因此 物体所受到的合外力，等于物体动量对时间的变化率，故B正确；C.物体的动量发生改变可能是速度方向发生改变，而大小未变，此时物体的动能没有改变，合外力对物 体没有做功，故C错误；D.物体的动能发生改变意味着物体的速度大小发生改变，则动量一定改变，故D正确。【点睛】本题主要考查了动力学中基本的一些物理概念，较为简单。13. AD【解析】【详解】AB.对A、B两球进行受力分析，两球均只受重力和漏斗给的支持力.如图所示.设内壁与水平面的夹角为8.根据牛顿第二定律有：?*/ = *

24、= ?£.,解得：丁 ='学7M夕,由图可知，A的半径大，故A的速度大，角速度小，故A错误，B正确;C .由图可知，支持力入=金=¥，故C错误；COS，D.由7 =三可知，A的角速度小，则周期大，故D错误；.CD【点睛】两球在不同的水平面上做半径不同的匀速圆周运动，因为所受的重力与支持力分别相等，即向心力相同,由牛顿第二定律可以解得其线速度间、角速度间、周期间的关系.14. AD【解析】小球B与圆环间恰好没有摩擦力，由支持力和重力的合力提供向心力，有：mgtan3r=mW2Rsin37%解得:3=/工，则A正确，B错误；对小球A受力分析如图，可知小球A受到的重力、弹

25、力和摩擦力的合力 水平向左，选项C错误；由图可知:Nsin0-fcose=mw2Rsin6； Ncos6+fsin6-mg=0；联立解得：f= - mg,故 D 正确；故选 AD.点睛：解决本题的关键搞清物块做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律，抓住竖直方向上合力为零,水平方向上的合力提供向心力进行求解.15. BD【解析】试题分析：由于以恒定速率从A到B,说明动能没变，由于重力做负功，拉力不做功，所以外力F应做正 功.因此机械能不守恒A错，B对.因为小球是以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动，那么小球受到 的重力G、水平拉力F、绳子拉力T三者的合力必是沿绳子指向。点.设绳子与竖直方向夹角

26、是0,则F=tan。（F与G的合力必与绳子拉力在同一直线上）得F=G*tan6而水平拉力F的方向与速度v的 G方向夹角也是9,所以水平力F的瞬时功率是P水平=F* V*cos6即P，w= （G*tan6）*V*cose = =G*V¥Aine显然，从A到B的过程中，6是不断增大的，所以水平拉力F的瞬时功率是一直增大的，C错D对.考点：动能定理、功率点评：本题考查了动能定理，通过功率公式分析瞬时功率的大小问题，本题综合程度较高，属于难题16. AD【解析】【详解】/LAB.当小球B沿墙下滑距离为不时，杆与水平方向的夹角的正弦是. 0 21，此时A、B两小球的2sin U = = I 2

27、v/ 11速度关系满足tan®,由机械能守恒定律得：%g =+？解得：小球A的速度为为2 22、= 叵。小球B的速度为以=匹且，故A正确，B错误。 A 585C.由动能定理得：嗫小球B沿墙下滑（过程中，杆对B做的功为唯=-1侬，故C错误;D由动能定理得：卬八=八片，小球B沿墙下滑，过程中，杆对A做的功为1匕=：侬，故D正确; 三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17. C 42T【解析】号 Vl-V-Zgh【详解】 第一空.在该实验中，由于摩擦力、空气阻力等阻力的存在，重锤动能的增加量略小于重力势能的减少量, 故C正确；第二空.在匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的

28、平均速度，因此有:2T 2T第三空.G点速度%=黑=二/第四空.若从B到G机械能守恒，则;mvB2+mgh=JmvG,即VG2"B2=2gh,所以当VG2“B2=2gh时，机械能 守恒.18 .保证小球A和小球B碰后，小球A不反弹；保证小球做平抛运动；二二口二二二二，十二二二了 ；ccr二二匚/二二二二/十二二二一S【解析】Q)为了保证小球A和小球B碰后小球A不反弹，所以要求mA>me(2)实验前，用水平仪先将光滑操作台的台面调为水平，是为了保证小球离开台面后做平抛运动，所以 应该把操作台的台面调为水平。(3)由于AB离开台面后做平抛运动，竖直方向上的高度相等，所以下落的时间相

29、同，根据水平方向上二二二二，可知水平位移与平抛的速度成正比，所以可以用水平位移代替平抛初速度来验证动量守恒，即一口匚 2 = 一口二/ 十 一口一孑(4)如果要验证碰撞过程是否为弹性碰撞(碰撞过程中没有机械能损失)，则需要保证碰撞前后系统的动能 相等，同理用水平位移代替速度来验证，即二二匚/二二:二/十二口二/故本题答案是：(1).保证小球A和小球B碰后，小球A不反弹； (2).保证小球做平抛运动；(3).匚2 二二二匚j 十二口二亍；(4).二口匚= ""/+ -"? ；点睛：理解实验的原理，学会利用平抛求碰撞前后的速度，并验证动量守恒和机械能守恒。四、解答题：

30、本题共4题，每题5分，共20分19 .(1)T (2)位(3)_二二二 -【解析】【分析】【详解】解；(1油动能定理：a到。过程U仙-JLinig ( = nE-EQ 。到 b 过程ueb(f - 4切g = O-w£o又，a、b关于。点对称，有：uw = -Uob®由式得：7(2)对滑块从。到b过程，由动能定理UqN - prng = D-呜4九一 1由式得=不一£。 2g(3)对滑块从a开始运动到最终静止于。点过程，由动能定理u 1KM-即啖= 0-Eq由式得s=2亨L420. (1) 10s(2)141.4m/s(3)800m【解析】【详解】(1)根据力(2

31、)匕.=0=V = J解得 v=141.4m/s(3) t = S + v2t解得s=800m21. (1) L =%二/二(2)二2 = 400二(3)匚=16,25.【解析】【详解】(1)由图像可知，汽车匀速运动过程动能为二匚=二二；=所以匀速运动时的速度为二=，三=4。二/口 X u(2)由图像可知，汽车匀减速运动的位移二二=noo- - 700- = 400-(3)结合图像可知汽车匀速时的动能为二:=8 Ki炉二而刚开始时汽车的动能为二二。=5 x 4二 在匀加速阶段运动走过的位移为二=50。二二5例二 机车的额定功率为二二二二二2000 x40= 8x4二在此过程中利用动能定理可知：

32、解得： = 16.25L综上所述本题答案是：（1）-二的二/二（2）匚2 = 400二（3） -=16.25-【点睛】应用动能定理应注意的几个问题（1）明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度。（2）要对物体正确地 进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况（待求的功除外）。（3）有些力在物体运动过程中不是始终存 在的。若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情 况区分对待【解析】【详解】（1）设该星球表面的重力加速度为g,由自由落体的规律得:（2）由万有引力定律与牛顿第二定律得:联立以上各式解得加=也£2019-2020学年高一下学期期

33、末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共1。小题，每小题4分，共4。分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1 .（本题9分）质量为m的物体以初速度v竖直向上抛出，经时间3达到最高点，以竖直向上为正方向, 在这个过程中，物体的动量变化量和重力的冲量分别是A. mv 和一mgtB. mv 和 mgtC. 一mv 和一mgtD. mv 和 mgt2.（本题9分）2。”年下半年我国发射了北斗三号卫星.北斗导航卫星的发射需要经过几次变轨，例如某 次变轨，先将卫星发射至近地圆轨道1上，然后在P处变轨到椭圆轨道2上，最后由轨道2在Q处变轨 进入圆轨道3,轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q

34、点.忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下 说法正确的是A.该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处减速B.该卫星在轨道从轨道1到轨道2再到轨道3,机械能逐渐增大C.该卫星在轨道3的动能大于在轨道1的动能D.该卫星在轨道3上经过Q点的加速度小于在轨道2上Q点的加速度3 .天文兴趣小组查找资料得知：某天体的质量为地球质量的a倍，其半径为地球半径的b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为v.则该天体的第一宇宙速度为（）4 .（本题9分）一汽车在水平公路上行驶，设汽车在行驶过程中所受阻力不变.汽车的发动机始终以额定功率输出，关于牵引力和汽车速度的下列说法中正确的是（）A.汽车加速行驶时，牵引力不变，速度增

35、大B.汽车加速行驶时，牵引力减小，速度增大C.汽车加速行驶时，牵引力增大，加速度增大D.汽车加速行驶时，牵引力不变，加速度不变5.（本题9分）辆行驶在公路上的卡车与路旁障碍物相撞，相撞瞬间车项上一个松拖脱的零件被抛出而陷在泥里.处理事故的交警为了判断卡车是否超速，需要测量的量是A.卡车的高度和卡车的长度B.卡车的高度和卡车的重量C.卡车的长度，零件陷落点与脱落点的水平距离D.卡车的高度，零件陷落点与脱落点的水平距离6 .（本题9分）匀速下降的跳伞运动员，其机械能的变化情况是（A.机械能不变B.机械能减少C.动能减少，重力势能减少D.动能增加，重力势能减少7 .（本题9分）现有一组方向平行于x轴

36、的电场线，若从x轴的坐标原点由静止释放一个带电粒子，仅在 电场力的作用下，该粒子沿着X轴的正方向从x1=。处运动到X2=1.2cm处，其电势。陵位置x坐标变化的 情况如图所示.下列有关说法正确的是（）8 .该粒子从x】=0处运动到xz =1.2 cm处的过程中，电势能一直减小C.在x轴上x=0.6cm的位置，电场强度大小为。D.在x轴上。0.6 cm的范围内和0.6L2 cm的范围内电场的方向一定相反8.飞行器在太空飞行，主要靠太阳能电池提供能量.若一太阳能电池板，测得它的开路电压为800 mV, 短路电流为4。mA.若将该电池板与一阻值为2。Q的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（） A

37、. 0.10 VB. 0.20 VC. 0.30 VD. 0.40 V9 .（本题9分）发现万有引力定律和首次比较精确地测出引力常量的科学家分别是（）A.卡文迪许、牛顿B.牛顿、卡文迪许C.牛顿、伽利略D.开普勒、伽利略10 .（本题9分）关于机械能守恒，下列说法正确的是A.机械能守恒的物体，一定只受到重力的作用11 做变速运动的物体，机械能不可能守恒C.除受到重力外还受到其他力作用的物体，机械能不可能守恒D.外力对物体做负功时，物体的机械能也可能守恒二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分,在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错

38、的得。分H.（本题9分）天文学家有这样一个大胆推测：地球有一个从未谋面的“兄弟”，其运行轨道就在地球的运 行轨道上，也就是说从地球上看，这个“地球兄弟”永远在太阳的背面与地球捉迷藏，所以人类一直未能发 现它.由以上信息不可以确定这颗行星的（设地球的公转周期、轨道半径、平均密度、自转周期为已知）（） A.公转周期B,平均密度 C.轨道半径D,自转周期c.这一过程中，物块和小车组成的系统产生的内能为fxD.这一过程中，物块和小车组成的系统增加的机械能为F（l+x）fl16 .（本题9分）a, b两个物体做平抛运动的轨迹如图所示，设它们抛出的初速度分别为打，小，从抛出 至碰到台上的时间分别为ta,

39、tb,贝U（）A. Va>VbB. Va<VbC. ta>tbD. ta<tb三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17 .（本题9分）如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，两弹簧测力计将橡皮条拉伸到。点，以下说法正确的是A.应平行于木板拉弹簧测力计，且两个测力计都不能超过最大刻度B.只需记录两个弹簧秤的示数C.应保证BO、CO相互垂直D.改用一只弹簧测力计拉橡皮筋时，只需保证橡皮条方向与原来一致18. （本题9分）图乙是验证合外力的功与速度变化间的关系某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、 D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T.距离如图乙所示，则打B

40、点时小车的速度为.四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19. （6分）（本题9分）如图所示，轨道ABC被竖直地固定在水平桌面上，A距离水平地面高H = 0.75m,C距离水平地面高h=0.45m. 一质量m = 010 kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在水平地面上的D点.现测得C、D两点的水平距离为l = 0.60m.不计空气阻力，取g = 10m/s2.小物块从C点飞出时速度的大小；（2）小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功.20. （6分）双星系统一般都远离其他天体，由两颗距离较近的星体组成，在它们之间万有引力的相互 作用下，绕中心连线上的某点做周

41、期相同的匀速圆周运动.已知某双星系统中两颗星之间的距离为r, 运行周期为T,引力常量为G,求两颗星的质量之和.21. （6分）（本题9分）如图所示，MN是半径为R=0.8m的竖直四分之一光滑圆弧轨道，竖直固定在水平 桌面上，轨道末端处于桌子边缘并与水平桌面相切于N点。把一质量为m=lkg的小球B静止放于N点， 另一个完全相同的小球A由M点静止释放，经过N点时与B球发生正碰，碰后粘在一起水平飞出，落在 地面上的碰点。若桌面高度为h=0.8m,取重力加速度g=10m/sL不计空气阻力，小球可视为质点。求：（1）小球A运动到N点与小球B碰前的速度%的大小；（2）小球A与小球B碰后瞬间的共同速度9的大

42、小；（3） P点与N点之间的水平距离x.22. （8分）（本题9分）一个滑雪运动员，质量m=60kg,从山坡顶端由静止沿坡匀加速下滑，山坡的倾角6=30。，山坡长x=28m。测得运动员在0.40s内速度增加了 1.4m/s,重力加速度g=l。求：（1）运动员滑到山坡底端时重力的瞬时功率；（2）运动员下滑过程中阻力做的功。参考答案一、单项选择题：本题共1。小题，每小题4分，共4。分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1. C【解析】【详解】以竖直向上为正方向，物体动量的变化： P=PM»=0mv=mv,重力的冲量：Idmgt；A. mv和一mgt；与结论不相符，选项A

43、错误；B. mv和mgt；与结论不相符，选项B错误；C. 一mv和一mgt；与结论相符，选项C正确；D. -mv和mgt；与结论不相符，选项D错误；2. B【解析】【详解】A.卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，由于轨道2半长轴比轨道1半径大，因此该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火加速，故A错误；B.卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，所以卫星从轨道1到轨道2再到轨道3, 机械能逐渐增大.故B正确；C.根据v = 且二 卫星在轨道3的线速度小于在轨道1的线速度，由纥可知，卫星在轨道3 的动能小于在轨道1的动能，故C错误；D.根据牛顿第二定律和万有引力定

44、律（7驾="心得:6/ = G 所以卫星在轨道3上经过Q点的加速度等于在轨道2上经过Q点的加速度，故D错误;故选B.【解析】【分析】 物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s,可根据卫星在圆轨道上运行时的速度公式v=/半 解得.【详解】设地球质量M,某天体质量是地球质量的a倍，地球半径r,某天体径是地球半径的b倍由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得：G也=机上 r r解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式V = J手分别代入地球和某天体各物理量得;故选A.【点睛】 本题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式.4. B【

45、解析】【分析】【详解】根据P=Fv,汽车发动机功率一定时，牵引力的大小一定与速度大小成反比，所以加速行驶时，速度增大, 牵引力减小，当汽车牵引力等于阻力时，车速最大，故ACD错误，B正确；故选B.5. D【解析】零件被抛出做平抛运动,且平抛运动的初速度等于卡车原来的速度，则卜=* , x = y，解得 =工后， 要测量卡车原来的速度，只要测出零件平抛运动的初速度，由上知，需要测量的量是车的高度h,零件脱 落点与陷落点的水平距离x,故D正确，A、B、C错误；故选D.【点睛】零件被抛出做平抛运动，根据平抛运动的规律求出平抛运动的初速度表达式，从而确定需要测量 的量.6. B【解析】运动员匀速下降，

46、说明运动员的动能保持不变，运动员下降说明运动员的重力势能减小，而运动员的机械 能等于运动员的动能和重力势能之和，故可知运动员的机械能减小，B正确.7. B【解析】【分析】【详解】在x轴上。1.2cm的范围内，电势不断降低，则知x轴上电场的方向一直沿x轴正方向，则粒子由静止 开始沿着x轴的正方向运动，所受的电场力沿x轴正方向，与电场方向相同，所以该粒子一定带正电，在 该过程中电场力做正功，其电势能减小，故AD错误，B正确；根据0 X图象的斜率等于电场强度，知 该电场的电场强度不变，是匀强电场，则知在x轴上x=0.6cm的位置，电场强度大小不等于0,为：E =- = 5000V / m ,故 C

47、错误；故选 B.| Ax | 0.6x10 -【点睛】根据电势的变化分析电场的方向.根据粒子运动方向结合图象判断粒子电性；根据图象的斜率等于电场强 度，判断电场的性质；根据电场力做功情况判断电势能的变化.8. D【解析】【详解】设电池板的内阻为r,其开路电压等于它的电动势，依题意有：E=800mV； I «=E/r,解得电源内阻：E 800厂=厂=刀7。= 20。，电池板连上20Q阻值后，流过电阻的电流大小为：/短E 8001 = = -lfJA = 20mA ；此时的路端电压为：U=IR=20x20mV=400mV=0.4V；故 D 正确，ABC 错R + r 20 + 20误.9

48、. B【解析】试题分析：发现万有引力定律的是牛顿，卡文迪许通过扭秤实验首次比较精确地测出引力常量的值，开普 勒发现了开普勒三定律，伽利略通过理想斜面实验推出了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运 动的原因，故B正确考点：考查了物理学史10. D【解析】【详解】A.机械能守恒的物体，一定只有重力做功，不一定只受到重力的作用；故A错误.B.做变速运动的物体，机械能可能守恒，如平抛运动的物体做变速运动，其机械能守恒；故B错误.C除受到重力外还受到其他力作用的物体，若其他力对物体不做功，或做功代数和为零，物体的机械能守 恒；故C错误.D.外力对物体做负功时，若外力就是重力，则物体的机械能守恒；故D

49、正确.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11. BD【解析】【详解】A万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：行星的周期“意T2由于轨道半径相等，则行星公转周期与地球公转周期相等，A可以确定，不符合题意；B.这颗行星的密度与地球的密度相比无法确定，B无法确定，符合题意；C.根据题意，此行星运行轨道就在地球的运行轨道上，故这颗行星的轨道半径等于地球的轨道半径，C可以确定，不符合题意；D.这颗行星的自转周期与地球周期相比无法确定，故D无法确定，符合题意。故选BDo12. AC【解析】

50、从A到B的过程中，小球仅受重力，只有重力做功，所以小球的机械能守恒.故A正确.小球从BeC的 过程中只有重力和弹力做功，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，但小球的机械能不守恒.故B错误.B 到C的过程中，系统机械能守恒，小球减小的机械能等于弹簧的弹性势能的增加量.故C正确.小球到B 点时，重力大于弹力，小球将继续向下加速，随着弹力的增加，在BC间某位置弹力等于重力时，加速度 为零，此时小球的动能最大，选项D错误；故选AC.13. ACD【解析】【详解】AB、以小球P、Q为研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，由图可知，墙壁对球的压力Fz逐渐增大，木板对球的支持力F1逐渐增大，根据牛顿第三定律可知

51、墙壁受 到的压力增大，木板受到的压力增大，故A正确，B错误；C、以小球Q为研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，P球对Q球的支持力K=nig sin（90°-<9） = mg cos 0 ,木板给 Q 球的支持力 F4 = mg cos（90°-<9） = mg sin 0 ,当斜木板和竖直墙壁的夹角6角缓慢减小时，P球对Q球的支持力增大，挡板给Q球的支持力减小，根据牛顿第三定 律可知Q球对P球的压力增大，对木板的压力减小，故C正确；D、小球P为研究对象，处于平衡装态，合外力为零，P球受到重力、墙壁对球的压力、木板对球的支持 力和Q球对P球的压力，所以P球受到墙

52、壁、木板和Q球的作用力的合力与P球受到重力大小相等，方 向相反，故D正确；故选ACD.【点睛】对球进行正确受力分析，把握其受力特点：一个力大小和方向不变（重力），一个力方向不变（墙给球的 支持力），另一个力的大小、方向均发生变化（挡板给球的作用力），对于这类动态平衡问题，可以采用“图 解法”进行.14. BCD【解析】设行星的质量为m,公转半径为r,太阳的质量为M,根据万有引力提供向心力得：G丝 =机与<=?二=2疗厂=心，解得：T=2rt, r越大，T越大.故A错误.v=D正确.故选BCD.15. BD【解析】【详解】A.对物块，由动能定理可知，物块的动能：Ek= (F-f) (x+l

53、)A错误；B.对小车，由动能定理可得，小车的动能为：Ek=fxB正确；C.系统产生的内能等于系统克服滑动摩擦力做功，这一过程中，小物块和小车产生的内能为fl, C错误;D.由能量守恒定律可知，物块和小车增加的机械能为F (x+l) -flD正确。故选bdo16. AD【解析】【详解】根据平抛运动竖直方向是自由落体运动，有。=；g/，得'；因为hb>h,所以ta<tb平抛运动在水平方向上是匀速直线运动，有X=Vot,由图知Xa>Xb,所以Va>Vb,故BC错误，AD正确；故 选AD.点睛：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，

54、和竖直方向 上的自由落体运动来求解.三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17. A【解析】【分析】验证力的平行四边形定则的实验原理是：理论值与实际值的对比。合力的理论值使用作图法，需要记录两 分力的大小和方向；根据实验原理掌握实验中的注意事项。【详解】拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行；并且示数不能超过最大刻度，故A正 确；记录两个弹簧秤的示数和力的方向，故B错误；实验中不需要应保证两个拉力的方向要相互垂直，故 C错误；为了保证效果相同，改用一只弹簧测力计拉橡皮条时，不但保证橡皮条方向与原来一致而且自由 端仍要拉到。点，故D错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】本题

55、考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训 练。18. (Axx+Axz) /2T【解析】B是AC的中间时刻，所以B点的速度就等于AC过程中的平均速度：即：以=产=-tac 27四、解答题；本题共4题，每题5分，共20分19. (1) 0.30s (2)2.0m/s (3)0.10J【解析】小物块从C水平飞出后做平抛运动，由= 分)得小物块从C到D运动的时间t = 后 =0.3s (2分)X(2)从C到D,小物块水平方向做匀速直线运动，丫=一(3分) t得丫="2皿人”，此速度即从C点飞出时的速度.(2分)(3)物块从A运动到C的过程中，根据动能定理得汨趴H 一力)一邪: =一加/0 (4分) ，2得克服摩擦力做功用，=0力(2分)【解析】【详解】对双星系统，角速度相同，贝卜6吗=加疗4=加疗心 尸解得：Gm = co2rr ； GM = co2rr2 ；r=ri+r2；三式联立解得：M+加=±二GT221. (1) 4m/s(2) 2m/s(3)0.8m【解析】【分析】(1)小球在圆弧轨道内下滑过程中，由动能定理即可求出；(2)小球到达N点，