湖北省黄冈市启黄中中考物理二模试卷（解析版） 新人教版

1、湖北省黄冈市启黄中学2013年中考物理二模试卷一、选择题（下列每题只有一个选项符合题意每小题3分，共27分）1（3分）如图所示，小王同学正在弹奏吉他下列说法错误的是（）a在不同位置按压吉他弦，可以改变音调b吉他声只能在空气中传播c吉他音量大小与弹奏时所用的力度有关d吉他声具有能量考点：声音的传播条件；频率及音调的关系；响度与振幅的关系；声与能量专题：应用题分析：（1）发声体振动的频率大小影响声音的音调的高低；（2）声音的传播需要靠介质，可以在气体、液体和固体中传播；（3）发声体振动的振幅越大，声音的响度就越大；（4）声音能够传递能量解答：解：a、正确，在不同位置按压吉他弦时，吉他弦的振动频率就

2、不同，所以吉他声的音调就改变；b、错误，吉他声不仅能在空气中传播，也可以在液体或固体中传播；c、正确，弹奏吉他弦所用的力度不同，它的声音的响度就不同，所以声音的大小就不同；d、正确，吉他声具有能量；故选b点评：此题主要考查对声音的传播条件、音调和响度的理解与掌握情况，属于基础知识2（3分）下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）a小孔成的是倒立的虚像b人配戴的凹透镜可以矫正远视眼c三棱镜可将白光分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光d漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律考点：光在均匀介质中直线传播；漫反射；光的色散；近视眼的成因与矫正办法专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光

3、的色散；透镜及其应用分析：（1）小孔成像是光的直线传播形成的，呈现的是倒立的实像（2）近视眼的晶状体变厚，会聚能力增强，晶状体的凸度过大，像成在视网膜的前方近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，要看清远处的物体需要戴凹透镜进行矫正（3）光的色散是太阳光经过三棱镜被分解为绚丽的七色光，七色光的排列依次为红、橙、黄、绿 蓝、靛、紫（4）一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律解答：解：a、小孔成的是倒立的实像，该选项说法不正确；b、人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，该选项说法不正确；c、三棱镜可将白光分解成红、橙、黄

4、、绿、蓝、靛、紫七色光，该选项说法正确；d、漫反射和镜面反射都遵守光的反射定律，该选项说法不正确故选c点评：本题考查了小孔成像、近视眼及其矫正、光的色散以及漫反射，属于基础知识的考查，比较简单3（3分）根据图表所提供的数据，在标准大气压下，以下判断正确的是（）物质熔点/沸点/酒精11778水银39357铅3281740a80的酒精是液态b气温接近50时应选用水银做温度计的测温液体c39的水银吸热，温度可能不变d铅的凝固点是328考点：熔点和凝固点；熔化与熔化吸热特点专题：信息给予题分析：要解答本题需掌握：同种晶体的熔点和凝固点相同，以及熔化吸热的特点解答：解：a、80的酒精应该是气态，因为由表

5、中数据可知：酒精的沸点是78故a不正确b、气温接近50时不能用水银做温度计的测温液体因为在这时，水银已经凝固故b不正确c、39的水银吸热，温度可能不变水银在熔化过程中吸热，但温度不变，此时温度就是39故c正确d、铅的凝固点是328故d不正确故选c点评：本题主要考查学生对：熔点和凝固点以及熔化吸热的理解和掌握是中招的热点4（3分）下列说法正确的是（）a电视广播和移动通信都是利用超声波来传递信息b微观粒子按从大到小排列顺序为：原子核、原子、夸克c“歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，它的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波具有良好的反射作用d中考实行网上阅卷，条形码扫描器中的光敏二极管使用的

6、是半导体材料考点：电磁波的传播；从微观到宏观的尺度；半导体的作用专题：应用题；其他综合题分析：利用下列知识分析判断：（1）由于声音无法在真空中传播，且传播速度很慢，故电视广播和移动通信都是利用电磁波来传递信息的；（2）分子由原子组成，原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子和中子由夸克组成（3）“隐形战机”将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测（4）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性二极管是由p型半导体和n型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为pn结，pn结具有单向导电性解答：解：a、电视广播和移动通信都是利用电磁波来传递信息

7、的，故a错误；b、微观粒子按从大到小排列顺序为：原子、原子核、夸克，故b错误；c、现代战争中为了使雷达“看”得更远，雷达装在预警机上飞上几万米的高空，雷达发出的是电磁波“隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达故c错误；d、中考实行网上阅卷，条形码扫描器中的光敏二极管使用的是半导体材料，故d正确；故选d点评：该题考查了电磁波的应用、微观粒子的大小排列及半导体的应用，是一道综合题5（3分）罐头的瓶盖很难拧开，用螺丝刀把瓶盖撬起一个缝隙，会听到“噗”的一声，瓶盖就很容易被拧开关于此过程涉及的物理知识，下列说法正确的是（）a起初瓶盖很

8、难拧开是由于受到大气压的作用b撬起一个缝隙时听到“噗”的一声是空气振动产生的c撬瓶盖时用的螺丝刀相当于费力杠杆d瓶盖沿瓶口的螺纹螺旋上升（如图），利用了斜面省力的原理考点：大气压的综合应用；杠杆的分类；声音的产生专题：应用题；压轴题；学科综合题分析：a、空气进入到罐头里，内外大气压差减小，所以就好开了；b、声音是由物体的振动产生的；c、动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；d、使用斜面可以省力，斜面越平缓越省力，但同时也就越费距离，据此分析判断解答：解：a、真空瓶外的气压太大，压住了瓶盖不容易打开，故本选项正确；b、声音是由物体的振动产生的，撬起一个缝隙时听到“噗”的一声是空气振动产生的，故本选项

9、正确；c、撬瓶盖时用的螺丝刀都是为了省力，并且在使用的过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们都是省力杠杆故本选项错误；d、瓶盖沿瓶口的螺纹螺旋上升，相当于斜面较长因为斜面高度一定时，斜面越长，使用起来越省力故本选项正确故选a、b、d点评：斜面也是我们日常生活中常用的一种机械，而螺旋作为斜面的一类在现实生活中也有很广泛的应用，学习中要注意理论联系实际，养成善于观察，勤于思考的良好习惯，该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断6（3分）如图为实验室电流表的内部结构图许多匝金属线圈悬置在磁体的两极间，线圈同时与一根指针和一只弹簧相连当给线圈通

10、电时，线圈转动带动指针偏转，便可显示出电流的大小下列与此工作原理相同的电器设备是（）a电铃b电磁铁c电动机d发电机考点：磁场对通电导线的作用分析：首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案解答：解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小a、电铃是利用电流的磁效应制成的，与电流表的制成原理无关故a错误b、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关故b错误c、电动机是利用通电线圈

11、在磁场中受力而转动的理论制成的故c正确d、发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关故d错误故选c点评：在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握7（3分）如图所示，小汽车受到的重力为g，它在平直的高速公路上以90km/h的速度行驶时，受到地面的支持力为f若考虑周围空气对它的影响，则下列关于g和f的大小关系正确的是（）agfbg=fcgfd无法比较考点：流体压强与流速的关系；流体压强与流速关系的探究实验专题：信息给予题；比较思想；推理法分析：本

12、题主要考查流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大解答：解：等质量的空气在相同的时间内同时通过汽车的上表面和下表面，由于汽车上表面弯曲，下表面平直，所以当汽车在平直的公路上快速行驶时空气通过汽车上表面的空气流速大，压强较小；通过汽车下方的空气流速小，压强大，所以汽车受到一个向上的升力从而使得轿车对地面的压力（即轿车受到地面的支持力f）小于车的重力故选a点评：本题的解题关键是知道汽车在竖直方向上同时受到重力、升力和支持力的作用8（3分）如图所示，条形磁铁置于水平面上，电磁铁与其在同一水平面上，右端固定并保持水平，当电路中滑动变阻器滑片p逐渐向左移动时，条形磁铁仍保持静止，在此

13、过程中条形磁铁受到的摩擦力的方向和大小是（）a方向向左，逐渐增大b方向向左，逐渐减小c方向向右逐渐增大d方向向右，逐渐减小考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；二力平衡条件的应用；磁极间的相互作用；安培定则；欧姆定律专题：压轴题分析：由右手螺旋定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用可判断条形磁铁受力方向；由滑片的移动可知接入电阻的变化及电流的变化，则可知磁性强弱的变化，从而求得磁铁受力的变化解答：解：由右手螺旋定则得，电磁铁左端为n极，则与条形磁铁同名极相对，相互排斥，则条形磁铁受磁场力向左，因条形磁铁受力平衡则受向右的摩擦力，因磁铁处于静止，故摩擦力等于斥力；当滑片向左移动时，电阻减小

14、，由欧姆定律可得线圈中电流变大，则磁场变强，条形磁铁受磁场力变大，因仍处于平衡状态，故摩擦力变大故选c点评：本题用到的知识点较多，应能够将各知识点灵活应用并注意各内容间的相互联系9（3分）如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在一压力传感器上，压力传感器是电阻阻值随受到压力的增大而减小的变阻器（压力不超过最大值），压力传感器、电流表、定值电阻和电源组成一电路压力传感器不受力时电流表示数是i0t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复整个过程中，不计能量损失，电流表示数i随时间t变化的图象如图乙所示，

15、则（）at1时刻，小球动能最小bt2时刻，弹簧的弹性势能最小ct2t3这段时间内，弹簧的弹性势能先增加后减少dt2t3这段时间内，小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能考点：动能的影响因素；动能和势能的大小变化；势能的影响因素专题：应用题；压轴题；信息给予题；图析法分析：（1）当电流表示数为i0时，表示压力传感器不受力，也就是小球没有落在弹簧上，小球处于上升或者下落状态（2）当电流表示数变大时，表示压力传感器的电阻阻值减小，表明压力传感器受到的压力增大，说明此时小球处于下落压缩弹簧的过程；电流表示数最大时，说明小球下落到最低点（3）当电流表示数变小时，表示压力传感器的电阻阻值增大，表明压力传感器

16、受到的压力减小，说明此时是弹簧把小球弹起的过程，小球处于上升过程解答：解：（1）t1时刻时，电流表示数为i0，表示压力传感器不受力，也就是小球没有落在弹簧上，小球处于上升或者下落状态此时小球的速度可能增大，也可能减小，因此动能无法判断（2）t2时刻时，电流表示数最大，表示压力传感器的电阻阻值最小，表明压力传感器受到的压力最大，说明此时小球把弹簧压缩到最低点，弹簧的弹性形变程度最大，弹性势能最大（3）t2t3这段时间内，电流表示数变小，表示压力传感器的电阻阻值增大，表明压力传感器受到的压力减小，说明此时是弹簧把小球弹起的过程，弹性势能转化成动能和重力势能，因此小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能

17、故选d点评：本题难度比较大，关键是学生的读图能力，从图象的电流变化上判断出电阻变化，从电阻变化上判断出弹簧压缩程度的变化，学生能够做对，很不容易二、填空与作图（10-14题各3分，15题2分，共17分）10（3分）在综合实践活动中，小明制作了如图所示的简易棉花糖机取少量蔗糖置于侧壁扎有几排小孔的易拉罐内，闭合开关，电动机带动易拉罐转动，并用酒精灯对易拉罐底部进行加热，这是采用热传递方法改变其内能的加热过程中，蔗糖颗粒变成液态糖浆，糖浆从易拉罐侧壁的小孔中被甩出后，由于糖浆具有惯性继续前进，遇冷变成丝状糖絮，用筷子收集到棉花糖上述制取棉花糖的整个过程中，蔗糖发生的物态变化有熔化和凝固考点：热传递

18、改变物体内能；熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；惯性专题：应用题分析：（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；（2）根据惯性知识分析糖浆继续前进的原因；（3）制取棉花糖的整个过程中，蔗糖颗粒变成液态糖浆是由固态变成液态，再从液态变成固态，从这些状态变化中去分析蔗糖发生的物态变化；解答：解：（1）用酒精灯对易拉罐底部进行加热，这是采用热传递的方式改变物体的内能；（2）糖浆从易拉罐侧壁的小孔中被甩出后，不再受力的作用，但由于惯性，仍要保持原来的运动状态继续向前运动（3）加热过程中，蔗糖颗粒（固态）变成液态糖浆，这是熔化过程，糖浆遇冷变成丝状糖絮，由液态变为固态，这是凝固过程；故答案：（1）热

19、传递；（2）惯性；（3）熔化和凝固；点评：这是一道热学、力学、电学综合题，综合题是中考的一个热点，解答这类题首先要判断使用的是什么知识11（3分）某同学实验探究凸透镜成像的规律，他首先按下图左所示完成仪器装配，图中h点是2倍焦距处经过调节，在光屏上得到了一个清晰的像，但像的位置偏高，为了使像能成在光屏的中央，应把蜡烛向上（选填“上”或“下”）调；调节好蜡烛的高度后，记录并绘制了物体到凸透镜的距离u跟像到凸透镜的距离v之间关系的图象（下图右），该凸透镜的焦距是10cm他把蜡烛移到a点处，此时光屏上的像很模糊，为了得到清晰的像，应把光屏向右移动（填“左”或“右”），这次成的是倒立、放大的实像考点：

20、凸透镜成像规律及其探究实验专题：信息给予题分析：根据光线过光心不改变方向，判断蜡烛的移动情况凸透镜成像时，u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，求出凸透镜的焦距凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大凸透镜成像时，2fuf，成倒立、放大的实像解答：解：根据光线过光心不改变方向，如图，像成在光屏的上方，要使像成在光屏的中央位置，可以让蜡烛向上移动，或凸透镜向下移动，或光屏向上移动如图象，u=v=2f=20cm，所以f=10cm光屏上出现像是实像，蜡烛向右移到a点，物距减小，像距增大，所以光屏上向右移到蜡烛在a点，2fuf，成倒立、放大的实像故答案为：上；10cm；右；放大点评：本题考查了凸透

21、镜成像的三种情况、凸透镜成实像时，物距减小，像距增大当像不能呈现在光屏的中心时，过光心不改变方向是判断蜡烛、凸透镜、光屏移动的最佳方法12（3分）为了给立方体工件表面均匀地涂上某种油，需要用竖直向下的力f把漂浮在油面上的工件缓缓地压入油内，如图甲所示工件的下底面与油面的距离为h，力f与h的大小关系如图乙所示小科觉得图中cb的延长线ba段是没有意义的，老师告诉他，力f为负值时，表明它的方向与原来的方向相反了（1）分析bc段：随着h的增大，工件所受的浮力大小将变大，油对工件下底面的压强大小将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）；（2）若a点的坐标为（a，0），则a=400从图象分析，a表示了工件

22、一个物理量的值，这个量就是工件的重力；（3）求c点所对应状态下，工件所受的浮力及油对工件下底面的压强（不考虑大气压强）考点：浮力大小的计算；压强的大小及其计算；浮力产生的原因专题：计算题；压轴题；学科综合题；图析法分析：（1）根据浮力公式f浮=油gv排，和压强公式p=油gh，用控制变量法，f与v排有关，p随h的减小而减小可判断；（2）由图乙中坐标系，可得到a的值，它表示工件与油面的距离为0时，工件受到的竖直向上的拉力，即等于自身受到的重力；（3）图乙中，h0.5m时，力f的大小不再发生变化，而对木块受力分析知：力f和木块的重力之和等于木块受到的浮力，当力f不再发生变化时，也就说明了木块所受浮力

23、不再发生变化，即没入油中；那么立方体木块的棱长正好为0.5m首先，计算出木块受到的浮力，即木块下表面受到的液体的压力（依据：浮力产生的原因），而受力面积为棱长的平方，根据压强定义式即可得解解答：解：（1）根据浮力公式f浮=油gv排，和压强公式p=油gh，随着h的增大，工件排开油的体积也随之增大，所以，受到的浮力将变大，油对工件下底面的压强也增大故答案为：变大；变大（2）由图乙坐标系，可知道a是一次函数为y=kx+b上的一点，函数过（0，0.2）和（600，0.5）两点，所以，函数为y=5104x+0.2；当y=0时，解得x=400；则a=400，它表示的量就是工件受到的重力故答案为：400；重

24、力（3）c点处，f浮=g+fc=400n+600n=1000n；p=4000pa答：在c点处，工件受到的浮力是1000n，油对工件底面的压强是4000pa点评：本题主要考查了压力、压强的计算，能熟练运用公式计算；关键是正确读图，知道图中各点表达的信息，考查了学生的读图能力13（3分）2011年5月1日开始实施的刑法修正案（八），对“饮酒驾车“和“醉酒驾车“制定了严格的界定标准，如下表所示饮酒驾车20mg/100ml血液中的酒精含量80mg/100ml醉酒驾车血液中的酒精含量80mg/100ml内江交警在某次安全行车检查中，检测到某驾驶员100ml的血液中酒精含量为66mg，那么，该驾驶员属于饮

25、酒驾车如图甲所示，是酒精检测仪的简化电路其中，定值电阻r0=10，电源电压为3v；r为气敏电阻，它的阻值与酒精气体含量的关系如图乙所示如果通过检测仪检测到驾驶员的血液中酒精含量为12%时，电流表的示数为0.25a考点：欧姆定律的应用专题：计算题；应用题；压轴题；信息给予题分析：（1）根据界定标准和血液中酒精含量来判断驾驶员是饮酒驾车还是醉酒驾车（2）从电路图上可以看出两电阻串联，电流表测量电路总电流，从图象上可以看出，当驾驶员的血液中酒精含量为12%时，对应的电阻为2，根据欧姆定律可求此时电路的电流解答：解：（1）驾驶员100ml的血液中酒精含量为66mg，介于20mg与80mg之间，所以驾驶

26、员属于饮酒驾车（2）当驾驶员的血液中酒精含量为12%时，对应的电阻为2，此时电路的电流i=0.25a所以电流表示数为0.25a故答案为：（1）饮酒驾车；（2）0.25点评：本题考查电流的计算和是否饮酒或醉酒驾车的界定标准，以及欧姆定律的应用，关键明白电路的连接和能从图象上找到有用的数据，本题还告诉我们开车不喝酒，喝酒不开车，为了自己和别人的安全，一定要注意14（3分）如右图所示，小刚将一小木块从斜面上推下，在粗糙的水平面上滑动一段距离后便停下来请你画出木块在水平面上滑动时的受力示意图考点：力的示意图专题：作图题；压轴题分析：木块在竖直方向上，受到重力和支持力，水平方向上，因为向右运动，所以受到

27、水平向左的摩擦力解答：解：重心为木块的几何中心，在竖直方向上，作竖直向下的重力和竖直向上的支持力；在水平方向上，作水平向左的摩擦力如下图所示点评：注意水平面上的物体，受力要考虑水平方向和竖直方向的受力情况15（2分）如图所示，一条光线射到水中的气泡表面p点，o为球形气泡的球心，请画出光线进入气泡，又出射到水中的光路，不要求画反射光线考点：作光的折射光路图专题：压轴题；光的折射、光的色散分析：光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏

28、折，折射角大于入射角解答：解：过入射点垂直界面作出法线，用虚线表示，当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角当光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，如图所示：点评：本题考查光的折射定律，也可以简单记忆为：光的折射中，入射角与折射角不相等（一般规律为密度大的，角度较小）或（空气中的那个角大）三、实验与探究（16-19题各4分，共16分）16（4分）某物理小组在一一次探究活动中测量滑块与木板之间的滑动摩擦力实验装置如图所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，木板上的滑块通过轻绳绕过定滑轮，绳的另一端悬挂托盘实验时，在托盘中放入适量的砝码，使

29、滑块做匀速直线运动回答下列问题：（1）为了测量滑块的滑动摩擦力，需要测量的物理量是（填选项前的编号）木板的质量m1，滑块的质量m2：砝码的质量m3，托盘和砝码的总质量m4（2）滑块的滑动摩擦力表达式为f=m4g（用已知或测量的物理量符号表示）（3）该实验的理论依据是：二力平衡（或滑块匀速直线运动时拉力等于摩擦力）（4）该实验存在一些不足之处，请你写出其中的一点：难以控制滑块恰好做匀速直线运动（或砝码的质量不连续）考点：二力平衡条件的应用；重力的计算；摩擦力的大小专题：实验题；简答题；压轴题分析：当滑块做匀速直线运动运动时，根据二力平衡的知识，此时滑块受到的摩擦力等于绳子的拉力，即托盘和砝码的总

30、重力；实验中由于砝码的重力是不连续的，托盘和砝码的总重力不一定恰好等于摩擦力的大小，因此不能控制滑块一定做匀速直线运动解答：解：（1）实验中没有使用弹簧测力计，所以摩擦力的大小只能通过托盘和砝码对绳子的拉力体现，拉力等于托盘和砝码的总重力，因此需要测量托盘和砝码的总质量m；（2）滑块所受摩擦力的大小等于托盘和砝码的总重力，即f=g=mg；（3）实验的理论依据就是滑块做匀速直线运动是受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，它们的大小相等；（4）实验中要求滑块做匀速直线运动，即托盘和砝码总重力的大小等于摩擦力，由于砝码的质量最小是5g，数值不是连续的，因此这一点很难做到故答案为：（1）；（2）m4g；（3

31、）二力平衡（或滑块匀速直线运动时，拉力等于滑动摩擦力）；（4）难以控制滑块恰好做匀速直线运动（或砝码的质量是不连续的）点评：本实验根据物体受平衡力做匀速直线运动的原理测量摩擦力，存在一些不足，如果让实验更完美，可以把砝码换成细沙，用天平测总质量计算总重力17（4分）在测量额定电压为2.5v的小灯泡电功率的实验中，电路已部分连接，如图甲所示，（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电压表接在灯泡两端（2）正确接入电压表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数等于电源电压，其故障可能是灯丝断路（3）排除故障后，移动滑片p到某一位置时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片

32、p向b（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（4）移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.75w考点：探究用电器的电功率实验；电压表的使用；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率的计算专题：实验题；作图题；压轴题；信息给予题；实验分析法分析：（1）图中还有电压表没有接入电路，要从电压表的量程、连接方式、正负接线柱上考虑（2）灯泡不亮可能是灯泡断路或短路，灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压；灯泡短路时，电路总电阻减小，电路

33、电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0（3）读出电压表示数为2.2v，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小（4）从图象中查得额定电压下的额定电流，根据p=ui计算额定功率解答：解：（1）灯泡的额定电压为2.5v，电压表要选择03v量程，电压表并联在灯泡两端，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出如图 （2）灯泡不亮，电流表无示数，电路断路，灯丝断路时，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压，电压表示数等于电源电压（3）电压表使用03v量程，每一个大格代表1v，每一个小格代表0.1v，电压为2.2v要使灯泡正常工作，灯泡两

34、端电压从2.2v增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向b端移动，使电压表的示数为2.5v（4）从图象得知，灯泡在2.5v下的电流为0.3a，p=ui=2.5v0.3a=0.75w故答案为：（1）如上图；（2）灯丝断路；（3）b；2.5；（4）0.75点评：本题考查了实物图的连接，电压表的读数，故障问题，功率计算，从图象获取信息的能力，最近两年从图象中获取信息频频出现，一定要掌握这种能力18（4分）小芳在一端封闭的均匀圆玻璃管中装入适量的小铅丸，制成一支密度计密度计能在液体中竖直漂浮，如图所示，根据它在液体中浸没的深度得知这种液体的密度小芳的设计和制作过程如

35、下：a根据阿基米德原理及物体漂浮条件，推导出密度计在纯水中浸没的深度h的表达式b根据h的表达式，测量这支密度计自身的某些物理量，算出密度计在水中浸没的深度，在管上画上纯水的密度值线a（如图）c把密度计放入纯水中，验证刻度线a的位置是否准确请你根据上述的内容完成下列问题：（1）设纯水密度为，装了铅丸的玻璃管总质量为m，玻璃管底面直径为d请用本题的物理量符号表示步骤a中的表达式h=；（2）若纯水密度已知，请你写出b步骤中所需用的测量仪器有天平、刻度尺，及对应测量的物理量质量、直径；（3）若把校准后的密度计放在密度为0.8103 kg/m3的酒精中，液面的位置在纯水密度值刻度线上方 （选填“上方”或

36、“下方”）考点：控制变量法与探究性实验方案专题：探究型实验综合题分析：（1）密度计的使用原理：密度计在使用时始终处于漂浮状态，即浮力大小等于重力大小，浮力不变求密度计在纯水中浸没的深度，需要利用密度计的浮力等于重力，求出排开液体体积的大小，再根据求出的体积，算出深度h（2）根据h=分析得出未知的量，未知量即为需要测量的量，并选择所对应的测量工具即可（3）根据深度公式h=进行分析，在其它因素均不变的情况下，密度越小，深度越大解答：解：（1）v排=sh=（）2h，密度计处于处于漂浮状态，则有：f浮=g物gv排=mgg（）2h=mgh=（2）根据h=可得，、都是已知量，m和d均为未知量，因此需要测量

37、质量和直径，测量质量的工具为天平；测量长度的工具为刻度尺（3）由于酒精密度比水小，并且密度计的质量、直径都不变，由深度公式h=可得，越小，h越大，故密度计放在酒精中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方故答案为：（1）；（2）天平、刻度尺；质量、直径；（3）上方点评：本题涉及的知识点较多，既考查阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，还考查控制变量法的应用，难点是将阿基米德原理和物体的浮沉条件结合起来使用19（4分）同学们都有玩荡秋千的经历，小磊同学玩荡秋千时突然想到：秋千往返摆动时间与哪些因素有关呢？他提出猜想一：可能与秋千的绳长有关；猜想二：可能与人和秋千的总质量有关；猜想三：可能由秋千摆动幅度

38、（摆动中人离开中心的最大距离）有关为了验证以上的猜想，他进行了如图的实验，一跟细绳一端拴一小球，一端固定，让小球自由往返摆动，并记录数据如下表实验序号 小球到固定点距离l（摆长）/米小球质量/克摆动幅度/米小球往返摆动20次的时间/秒 小球往返摆动一次的时间/秒1 0.7 20 0o5 33.2 1.72 1.0 20 0.08 39.7 2o3 1.0 30 0o5 39.8 2o4 1.0 30 0o8 39.7 2.05 1.3 20 0o5 45.3 2.3（1）要完成上述实验，除如图器材外，还必需的实验器材有：托盘天平、秒表、刻度尺（2）从实验数据表格可以得到的结论是：秋千往返摆动时

39、间与摆长有关，与质量和摆动的幅度无关（3）实验中他发现小球只能摆动一段时间你认为造成小球停下来的原因是受空气的阻力（4）摆钟是利用本实验的原理制成的某一摆钟变慢了，要调准它，应将摆钟的摆长调短 （选填“长”或“短”）考点：控制变量法与探究性实验方案专题：压轴题；探究型实验综合题分析：（1）根据表中数据可知，实验中要测量摆长、摆动幅度、质量、往返摆动的时间，据此选择测量工具；（2）由表中数据可知，利用控制变量法分析找出，往返摆动的时间与什么因素有关，与什么因素无关；据此可得结论；（3）小球在摆动过程中，受空气阻力，小球克服摩擦做功，将它的机械能转化为内能散失；（4）根据（2）中得出的结论进行解答

40、解答：解：（1）实验时，用刻度尺测量摆长、摆动幅度，用托盘天平测小球的质量，用秒表测量往返摆动的时间；因此用到的必须器材有刻度尺、天平和秒表；（2）分析表中数据，由实验3、4看出，质量、摆长相同，摆动幅度变化，摆动1次时间相同，说明小球往返摆动一次的时间与摆动幅度无关；由实验2、4看出，摆动幅度、摆长相同，质量不同，摆动1次时间相同，说明小球往返摆动一次的时间与质量无关；由实验1、5看出，摆动幅度、质量相同，摆长不同，摆动1次时间不相同，说明小球往返摆动一次的时间与摆长有关，即小球往返摆动一次的时间由摆长决定；故由实验数据可知，秋千往返摆动时间与摆长有关，与质量和摆动的幅度无关（3）小球摆动，

41、小球克服摩擦做功，将它的机械能转化为内能，当机械能消耗尽时，小球停下来，所以使小球停下来的原因是受到空气的阻力；（4）因为小球返摆动时间与摆长有关，与质量和摆动的幅度无关，并且摆长越长，摆动1次时间变长，所以要将摆钟调快，应将摆钟的摆长调短故答案为：（1）托盘天平、秒表、刻度尺；（2）秋千往返摆动时间与摆长有关，与质量和摆动的幅度无关；（3）受空气的阻力；（4）短点评：本题考查了学生对控制变量法的了解与掌握，考查了学生分析实验数据得出实验结论的能力，利用所学知识解释、解决实际问题四、综合应用（20题7分、21题8分，共15分）20（7分）在新农村建设中很多楼房顶上装有太阳能热水器，如图是内部水

42、箱的结构示意图sl是自动温控开关，当水温低于20时闭合，辅助加热电阻r开始加热；当水温高60时断开，辅助加热电阻r停止加热a、b是水箱中两个相同的实心圆柱体，密度为1.8103kg/m3，悬挂在水箱顶部的压力传感开关s2上当s2受到竖直向下的拉力达到16n时闭合，电动水泵m开始向水箱注水；当拉力小于等于10n时，s2断开，电动水泵m停止注水取g=10n/kg求：（1）若水箱内有100kg的水，夜晚在辅助加热系统作用下，水温升高了20，水吸收的热量c水=4.2103j/（kg）（2）a、b的体积均为500cm3，a、b的总重力（3）a、b的体积均为500cm3，正常情况下水箱中的水面最高时，a受到的浮力（开关s2下的细绳和a、b间的细绳质量与体积均忽略不计）考点：热量的计算；密度公式的应用；力的合成与应用；重力的计算；阿基米德原理专