完整版数列应用题专题训练

1、数列应用题专题训练高三数学备课组以数列知识作为背景的应用题是高中应用题中的常见题型，要正确快速地求解这类问题, 需要在理解题意的基础上，正确处理数列中的递推关系。一、储蓄问题对于这类问题的求解,关键是要搞清：(1)是单利还是复利；(2)存几年。单利是指本金到期后的利息不再加入本金计算。设本金为P 元，每期利率为 r ，经过 n 期，按单利计算的本利和公式为 Sn=P(1+nr) 。复利是一种计算利率的方法, 即把前一期的利息和本金加在一起做本金, 再计算下一期的利息。设本金为P,每期利率为r,设本利和为y,存期为x，则复利函数式为 y=P(1+r)x。例 1 、(储蓄问题) 某家庭为准备孩子上

2、大学的学费,每年 6 月 30 日在银行中存入 2000 元,连续 5 年，有以下两种存款的方式：(1)如果按五年期零存整取计，即每存入a元按a(1+ n 6.5%)计本利(n为年数);如果按每年转存计，即每存入a元，按(1+5.7%)n a计算本利(n为年数)。问用哪种存款的方式在第六年的 7 月 1 日到期的全部本利较高？分析： 这两种存款的方式区别在于计复利与不计复利,但由于利率不同, 因此最后的本利也不同。解：若不计复利, 5 年的零存整取本利是2000(1+5 X 0.065)+2000(1+4 X 0.065)+ +2000(1+0.065)=11950若计复利,则2000(1+5

3、%) 5+2000(1+5%) 4+ +2000(1+5%) 1186元。所以 ,第一种存款方式到期的全部本利较高。二、等差、等比数列问题等差、等比数列是数列中的基础,若能转化成一个等差、等比数列问题,则可以利用等差、等比数列的有关性质求解。例 2、(分期付款问题) 用分期付款的方式购买家用电器一件,价格为1 1 50元。购买当天先付150元,以后每月这一天都交付 50元,并加付欠款的利息,月利率为1% 。若交付 150 元以后的第一个月开始算分期付款的第一日，问分期付款的第10个月该交付多少钱？全部货款付清后，买这件家电实际花了多少钱?解：购买时付出150元，余欠款1000元，按题意应分20

4、次付清。设每次所付欠款顺次构成数列an，则ai=50+1000 0.01=60 元,a2=50+(1000-50) 01=59.5 元,=50+(1000-50 2) .01=59 ,an=60-(n-1) 0.5所以an是以60为首项，-0.5为公差的等差数列,故 a10=60-9 .5=55.5 元20次分期付款总和o 6050.5一S20=X20=1105 兀，2实际付款1105+150=1255(元)1255 元。答：第10个月该付55.5元，全部付清后实际共付额例3、（疾病控制问题） 流行性感冒（简称流感）是由流感病毒引起的急性呼吸道传染病。某市去年11月份曾发生流感，据资料记载，1

5、1月1日，该市新的流感病毒感染者有20人，以后,每天的新感染者平均比前一天的新感染者增加50人。由于该市医疗部门采取措施，使该种病毒的30人，至U 11月30日止,传播得到控制，从某天起，每天的新感染者平均比前一天的新感染者减少该市在这30天内感染该病毒的患者共有8670人，问11月几日，该市感染此病毒的新患者人数最多？并求这一天的新患者人数。分析：设11月n日这一天新感染者最多，则由题意可知从11月1日到n日，每天新感染者人 数构成一等差数列；从 n+1日到30日，每天新感染者构成另一个等差数列。这两个等差数列的和即为这个月总的感染人数。11月1日到n日，每天新感染者人数构成一等差数列an,

6、 a1=20,d1=50,11月n日新感染者人数 an=50n30;从n+1日到30日，每天新感染者人数构成等差数列bn,b1=50n-60,d2=30, bn=(50n-60)+(n-1)(-30)=20n-30,11 月 30 日新感染者人数为 b30-n=20(30-n)-30=-20n+570.故共感染者人数为：(20 50n 30)n 50n 60 ( 20n 570)(30 n)=8670，化简得:2 2570 人。n2-61 n+588=0,解得n=12或n=49（舍）,即卩11月12日这一天感染者人数最多，为例4 （住房问题）某城市1991年底人口为500万，人均住房面积为 6

7、 m2,如果该城市每年人口平均增长率为1%,每年平均新增住房面积为30万m2，求2000年底该城市人均住房面积为多少m2?（精确到0.01）AP解：1991年、1992年、2000年住房面积总数成a1 = 6 爲00 = 3000 万 m2, d = 30 万 m2,a10 = 3000 + 9 3（0= 3270GP1990年、1991年、2000年人口数成b1 = 500 , q = 1% , bg500 1.0195001.0937546.8 2000年底该城市人均住房面积为:3270546.85.98 m2点评：实际问题中提炼出等差、等比数列。例5 （浓度问题） 从盛有盐的质量分数为

8、20%的盐水2 kg的容器中倒出1 kg盐水，然后加入1 kg 水，问：以后每次都倒出1 kg盐水，然后再加入 1.第5次倒出的的1 kg盐水中含盐多少 2经6次倒出后，一共倒出多少 kg盐?1 kg 水，g ？此时加1 kg水后容器内盐水的盐的质量分数为多少？解：1.每次倒出的盐的质量所成的数列为1a1= 0.2 kg ,a2= X）.2 kg ,21由此可见：an= （一 ）n 1X）.2 kg ,22.由1.得an是等比数列an，则：1 2a3= ( ) X0.2 kg211a5= ( )5 1X).2= ( )4X).2=0.0125 kg221a1 =0.2 ,q=2Sa1(1q6)

9、0.2(10.39375 kg1 -20.40.393750.006250.00625 20.003125点评：掌握浓度问题中的数列知识。例6.（减员增效问题） 某工厂在1999年的“减员增效”中对部分人员实行分流，规定分流人员第2-领取工3一年可以到原单位领取工资的100 %，从第二年起，以后每年只能在原单位按上一年的资，该厂根据分流人员的技术特长，计划创办新的经济实体， 该经济实体预计第一年属投资阶段，第二年每人可获得b元收入，从第三年起每人每年的收入可在上一年的基础上递增50%，如果某人分流前工资的收入每年 a元，分流后进入新经济实体，第n年的收入为an元，（1 ）求an的通项公式；an

10、- a n-1=f（n）,f（n）为等差或等比数列(2)当 b(3)当 b8a 、时，这个人哪一年的收入最少？最少为多少？273a 时，是否一定可以保证这个人分流一年后的收入永远超过分流前的年收入?8解：（1 ）由题意得，当n1时,aia，当n 2时，an哺厂b（尹(n1)n（2）由已知b当n 2时，an2当且仅当a（2）n1u3nb(2)8a27，.2 n 1a(3)8a/3n27 2(n2)元.(3)当n 2时,述等号成立，须b8a3 n 227 22，即(|)2n32 n 1 8a 3 n 2 2 2a(；)n1 Mn223 27 2(3)，解得 n 3,3空要使得上式等号成立,9因此这

11、个人第三年收入最少为8a9/ 2 n 1 an a(-)3a 口 ,且n 18K/ n 2 b(2)3 2/2、n a（3）1 log 233a 3 n 27(2)2因此等号不能取到,3a当b 一时，这个人分流一年后的收入永远超过分流前的年收入.8例7.（等差等比综合问题）银行按规定每经过一定的时间结算存（贷）款的利息一次，结算后即将利息并入本金，这种计算利息的方法叫做复利.现在有某企业进行技术改造，有两种方案： 甲方案：一次性贷款 10万元，第一年便可获得利润1万元，以后每年比上年增加乙方案：每年贷款 1万元，第一年可获得利润1万元，以后每年比前一年多获利两种方案的期限都是 10年，到期一次

12、行归还本息.若银行贷款利息均以年息 试比较两个方案哪个获得存利润更多？1.1102.594,1.31013.796）解：甲方案10年获利润是每年利润数组成的数列的前1.3101 (1 30%)(1 30%)2 L到期时银行的本息和为 10 （1 甲方案扣除本息后的净获利为： 乙方案：逐年获利成等差数列，前1 (1 0.5) (1 2 0.5) L，上30%的利润；5000 元.10%的复利计算， （计算精确到千元，参考数据：10项的和:1-42.62 (万元) 1.3 12.59425.94 (万元)42.62 25.94 16.7 (万元)(1 30%)910%)10 1010年共获利：(1

13、 9 0.5)迥4232.50 (万元)1 110 117.53 （万元） 1.1 1乙方案扣除本息后的净获利为：32.50 17.53 15.0 （万元）所以，甲方案的获利较多.贷款的本利和为：1.11 (1 10%) L (1 10%)9 1.1有的应用题中的数列递推关系，an与an-1的差（或商）不是一个常数，但是所得的差f（n）本身构成一个等差或等比数列，这在一定程度上增加了递推的难度。例8、（广告问题）某产品具有一定的时效性，在这个时效期内，由市场调查可知，在不作广 告宣传且每件获利 a元的前提下，可卖出b件。若作广告宣传，广告费为n千元时比广告费为（n-1）千元时多卖出2件，（n

14、N*）。2n（1）试写出销售量S与n的函数关系式;（2）当a=10,b=4000时厂家应生产多少件这种产品，做几千元广告，才能获利最大?2构成等比2n分析：对于（1）中的函数关系，设广告费为n千元时的销量为Sn,则Sn-1表示广告费为（n-1）元时的 销量，由题意，Sn Sn-1= ，可知数列Sn不成等差也不成等比数列，但是两者的差2数列，对于这类问题一般有以下两种方法求解：解法一、直接列式：由题，s=b+b + 2+2 + -=2-）2 22 232n 2n;n千元时S=b+b + 2 2（广告费为1千元时，S=b+b ；2千元时，s=b+b + 22 2 22解法二、（累差叠加法）so表示

15、广告费为0千元时的销售量,由题:SiS2SnSoSiSn相加得b=b(2-2n 21(2) b=4000 时，s=4000(2-歹),设获利为 t,则有 t=S 10-1000n=40000(2-即 S=b+ b +2 22 21n)。1尹1000nT Tn 貝欲使T n最大，则:n n 1，得，故 n=5，此时 s=7875。T n Tn 1n 5即该厂家应生产7875件产品，做5千元的广告，能使获利最大。四、an= C an-i+B,其中B、C为非零常数且1例9、（企业生产规划问题） 某企业投资1千万元于一个高科技项目，每年可获利25%，由于4倍）的目标?an和an-1之间的递推关企业间竞

16、争激烈，每年底需要从利润中取出资金200万元进行科研、技术改造与广告投入，方能保持原有的利润增长率，问经过多少年后，该项目的资金可以达到或超过翻两番（(lg2=0.3 )。分析：设经过n年后，该项目的资金为 an万元，则容易得到前后两年系：an =an-i （1+25%） -200 （ n 2）,对于这类问题的具体求解，一般可利用“待定系数法”55解：由题，an =an-1 (1+25%) -200(n2)，即 an = 一an-1-200，设an+ 入=一(an-1+入)，展开4 45115得 an = an-1+ 入，一入=-200，入=-800， an -800= ( an-1-800)

17、，即an -800成一个等比数列，44445 5 a1=1000(1+25%)-200=1050, a 1-800=250，二 an -800=250 ( ) n-1，為=250 ( ) n-1+800，令 an4000，445得（5 ） n16,解得n12,即至少要过12年才能达到目标。4例10 （分期付款问题） 某人年初向银行贷款 10万元用于买房：（精确到一元）;要按复利计算（即本年的利息计入次年的本金生息 （精确到一元）。（1）如果他向建设银行贷款，年利率为5%，且这笔借款分10次等额归还（不计复利），每年一次，并从借后次年年初开始归还，问每年应还多少元？（2）如果他向工商银行贷款，年

18、利率为4%， 仍分10次等额归还，每年一次，每年应还多少元？解：（1）设每年还款x元，依题意得x+x（1+5%）+x（1+2 X 5%）+ +x（1+9 X 5%）=10000（X （1+5%），x 12245元（2）设每年还款x元，依题意得x+x（1+4%）+x（1+4%） 2+. +x（1+4%） 9=100000（1+4%） 10， x 12330元答：（1）当年利率为5%，按单利计算，每年应归还12245元；（2）当年利率为4%，按复利计算（1）中的利率是单利（即当 n项和公式；（2）中的利率是 导致这种区分的原因是付款形时，每年还款 12330元。评注：上述例题是与数列有关的分期付款

19、问题，两问所用公式各异。 年的利息不计入次年的本金 ），故所用的公式是等差数列通项公式和前 复利（即利滚利），故所用公式是等比数列通项公式和前 n项和公式， 式不同。例11.（环保问题）（2002年全国高考题）某城市 2001年末汽车保有量为 30万辆，预计此后每年 报废上年末汽车保有量的6%并且每年新增汽车数量相同，为保护城市环境，要求该城市汽车保有量不超过60万辆，那么每年新增汽车数量不应超过多少辆？分析：由“每年报废上年末汽车保有量的6%并且每年新增汽车数量相同”易得某城市每年末汽车保有量与上年末汽车保有量的关系，于是可构造数列递推关系来求解。解：设每年新增汽车为b万辆，该城市第 n年末

20、的汽车保有量为 a n，则容易得到a n和a n-1的递推关系：an (1 6%) an 1b 0.94an 1 b (n 2)即 an 50b = 0.94 (3an 150b)3 an 50b 是以30.94为公比，以3050b为首项的等比数列。 an 5rb =(3050b) 0.94n-1 口仃50 .50n-1，即 an 一 b+ ( 30 b ) 0.9433当3050一b 0 即 bw 1.8 时，anw an-1 w w 8=303当3050b0 即 b1.8 时3L 501 /50 1n-150 ,liman = lim 一b+ ( 30 b) 0.94=一 bnn333并且

21、数列 an为递增数列，可以任意接近 50b，因此，如果要求汽车保有量不超过60万辆,3即 anW60 (n=1,2,3 )，则 w 60,即卩 bw 3.63(万辆)。综上，每年新增汽车不应超过例12.用砖砌墙，第一层用去了全部砖块的一半多一块， 依此类推，每一层都用去了上次剩下砖块的一半多一块，到第 一共用了多少块砖？分析：因每一层都用去了上次剩下砖块的一半多一块， 半少一块，于是可用数列的递推关系求解。解：设此次砌墙一共用了 S块砖，砌好第n层后剩下砖块为 a块(1 2), an-bn是等比数列。又a1-b1=-10%.又an bn = an 1bn r = = a1+b1=30% ,(2

22、)联立（1 ）、（ 2 ）得an=-(-)n-1 5%+15% ; bn=(-)n-1 5%+15%。55例15.现有流量均为2300 m /S的两条河流A、B会合于某处后，不断混合，它们的含沙量分别为2 kg/m3和0.2 kg/m3 假设从汇合处开始，沿岸设有若干个观测点，两股水流在流经相邻两个观测点的过程中，其混合效果相当于两股水流在1秒钟内交换100 m3的水量，即从 A股流入B股33100 m水，经混合后，又从 B股流入A股100m水并混合问：从第几个观测点开始，两股河水的含沙量之差小于 0.01 kg/m3 （不考虑泥沙沉淀）？讲解：本题的不等关系为“两股河水的含沙量之差小于0.0

23、1 kg / m3”但直接建构这样的不等关系较为困难.为表达方便，我们分别用an，bn来表示河水在流经第 n个观测点时，A水流和B水流的含沙量.则 a1 = 2 kg /m3, b = 0.2 kg / m3，且100an 300bn 1bn1 100 3004an 4bn，an1由于题目中的问题是针对两股河水的含沙量之差，所以，我们不妨直接考虑数列由（*）可得:ari 1 bnbn 1Ebn 1 2|an333 3bnbn 1(lananbnbn 12 21 13 31 13 3隔二护q护5Wnanbnbn所以,数列 anbn是以a,bi1.8为首项，以为公比的等比数列.所以,anbl1.8

24、由27令 anbn 0.01，得1.所以,180叢 lOg2180 .18028 得 7 log21808，所以，n即从第9个观测点开始，两股水流的含沙量之差小于0.01kg / m3.点评：本题为数列、不等式型综合应用问题，难点在于对题意的理解. 六、数列求和综合问题例16某单位为了职工的住房问题，计划征用一块土地盖一幢总建筑面积为30000m2的宿舍楼（每2层的建筑面积相同）。已知土地的征用费为2250元/ m，土地的征用面积为第一层的1.5 倍。2工程技术人员核算，第一层的建筑费用为400元/ m，以后每增高一层，该层建筑费用就增加30元/m2。试设计这幢宿舍楼的楼高层数，使总费用最少，并求出其最少费用。（总费用为建筑费用和征地费用之和）。解：设