2019-2020学年湖南省永州市高二(上)期末物理试卷

1、2019-2020 学年湖南省永州市高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共10 小题，共 30.0 分）1. 如图所示，当南北放置的直导线中通有电流时，其正下方与之平行的小磁针会发生偏转， 这一现象在物理学中叫电流的磁效应。首先发现电流磁效应的物理学家是( )A. 法拉第B. 奥斯特C. 库仑D. 麦克斯韦2. 如图所示，通电直导线放置在匀强磁场中，关于电流方向、磁感应强度方向、导线所受安培力方向三者之间关系的判断，正确的是()A.B.C.D.3. 在地面上插一对相距较近的电极M 、N，将两个电极与直流电源相连，在大地中形成恒定的电流和电场。 恒定电场的基本性质与静电场相似， 其电场线分布

2、如图所示，PQ是电场中的两点。则下列说法中正确的是( )、A. P 点场强比 Q 点场强大B. P 点电势比 Q 点电势低C. 同一正点电荷在P 点的电势能比在Q 点的电势能大D. 同一正点电荷沿直线从M 到 N 的移动过程中所受电场力一直变大4. 如图所示，电源电动势 ?= 6?，内阻 ?= 1?，限流电阻 ? =3?，M 为直流电动机，其线圈电阻 ?= 2?当.电动机正常工作时，理想电流表示数为 0.1?，此时电动机的输出功率是 ( )A. 0.54?B. 0.56?C. 0.57?D. 0.60?5. 如图所示， A、B 是两个规格相同的灯泡，L 是自感系数较大的线圈， 其直流电阻与灯泡

3、电阻相等，按照图示连接好电路。则 ( )A.B.C.D.开关 S 闭合， A 灯先亮，最后两者一样亮开关 S 闭合， B 灯先亮，最后两者一样亮开关 S 闭合一段时间后断开， A 灯先突然变暗再逐渐熄灭开关 S 闭合一段时间后断开， A 灯先闪亮一下再逐渐熄灭6.在一个圆的直径上有一对等量异种电荷，它们在圆心O 处产生的电场强度是大小是?；如果把负电荷1从 b 处移到 c，已知 oc 与 oa 的夹角为 60 0 ，此时 O 点的电场强度大小变为 ?，则 ?与?之比为 ()212A.1：2B. ：1C. ：3D.4：322第1页，共 14页7. 在探索微观世界中，同位素的发现与证明无疑具有里程

4、碑式的意义。质谱仪的发现对证明同位素的存在功不可没， 1922 年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖。若速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，不计粒子重力，则下列说法中正确的是 ( )A. 该束粒子带负电B. 速度选择器的 ?1极板带负电C. 在 ?2 磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D. 在 ?磁场中运动半径越大的粒子，比荷?越小2?8. 如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O 点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动， 最高点为 a，最低点为 b 不计空气阻力， 则 ()A. 小球带负

5、电B. 电场力跟重力平衡C. 小球在从 a 点运动到 b 点的过程中，电势能减小D. 小球在运动过程中机械能守恒9. 如图所示，边长为 2L 的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个边长为 L 的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框的一条对角线和虚线框的一条对角线恰好在同一直线上。从?= 0开始，使导线框从图示位置开始匀速沿对角线方向进入匀强磁场，直到整个导线框离开磁场区域。用 i 表示导线框中的感应电流 (规定顺时针方向为电流的正方向 ) ，下列表示 ?- ?关系的图线正确的是 ( )A.B.C.D.10. 如图所示，用粗细均匀的同种金属导线制成的两个正方形单匝线圈a、b，垂直

6、放置在磁感应强度为B 的匀强磁场中， a 的边长为L，b 的边长为 2?当.磁感应强度均匀增加时，不考虑线圈a、b 之间的影响，下列说法正确的是( )A. 线圈a、b中感应电动势之比为?：? = 1： 212第2页，共 14页B. 线圈 a、 b 中的感应电流之比为 ?1： ?2 = 1 ：2C. 相同时间内，线圈a b中产生的焦耳热之比?： ?= 1：4、12D. 相同时间内，通过线圈a、 b 某截面的电荷量之比：?= 1：4?12二、多选题（本大题共4 小题，共 16.0 分）11. 法拉第圆盘发电机的示意图如图所示。铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片 P、 Q 分别于圆盘的边缘和铜轴接触，

7、圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场 B 中，圆盘旋转时，关于流过电阻 R 的电流，下列说法正确的是 ( )A. 若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定B. 若从上往下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a 到 b 的方向流动C. 若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D. 若圆盘转动的角速度变为原来的2 倍，则电流在R 上的热功率也变为原来的2倍12. 如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为 r。将滑动变阻器 ? 的滑片 P 从图示位置向右滑动的过程中，2关于各理想电表示数的变化，下列判断中正确的是()A. 电流表 A 的示数变小B. 电压表 V 的示数变小C. 电流表 ?的示

8、数变小1D. 电流表 ?2的示数变小13.如图所示， 带正电的小物块以一定的初速度?0，沿粗糙绝缘水平面进入垂直纸面向里的匀强磁场中，水平面足够长。下列关于小物块在磁场中的运动，可能正确的是()A. 匀速直线运动B. 匀减速直线运动C. 加速度增大的减速直线运动D. 加速度减少的减速直线运动14.如图所示，沿水平方向放置的平行金属板a 和 b，分别与电源的正负极相连，a、b 板的中央沿竖直方向各有一个小孔。当开关 S闭合时， 带正电的液滴从小孔的正上方P点自由落下，先后穿过两个小孔，以速度?从 a 板穿出。1现使 a 板不动，保持开关 S 闭合或闭合一段时间再打开，b 板向上或向下平移一小段距

9、离，相同的液滴仍从 P 点自由落下， 先后穿过两个小孔， 以速度 ?从 a 板穿出。 下列2说法中正确的是 ()A. 若开关 S 保持闭合，向上移动b 板，则 ?2 ?1C.若开关S闭合一段时间再打开，向上移动b板，则?2 ?三、实验题（本大题共2 小题，共 14.0 分）15. “测量电源的电动势和内阻”实验中，所给的实验器材有：电源 ?(电动势约 9?)电压表 ?(量程 03?，内阻很大 )电阻箱 ?(阻值 0999.9?)定值电阻 ?0 (阻值为 10?)开关 S 一个，导线若干某同学设计了如图所示的实物电路。第3页，共 14页(1) 闭合开关前， 应先将电阻箱R 的阻值调到 _。(选填

10、“最大值”、 “最小值”或“任意值” )(2) 改变电阻箱R 的阻值，分别测出定值电阻?两端的电压U，下列两组R 的取值0方案中，比较合理的方案是_。 (选填“甲”或“乙”)方案电阻箱的阻值?/?甲400.0350.0300.0250.0200.0乙80.070.060.050.040.0(3) 根据实验数据描点，绘出的源的电动势 ?= _ 。( 用1?- ?图象是一条直线。若直线的斜率为k，则该电k 和 ?表示 )016. “测定金属丝的电阻率”实验中， 用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1 所示，用米尺测量金属丝的长度 ?= 0.8100? 。金属丝的电阻大约为 4?，先用伏安法测

11、出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。(1) 从图中读出金属丝的直径为 _mm。(2) 在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A.直流电源：电动势约3V，内阻很小；B.：量程，内阻 0.125?；0 0.6?电流表 ?1C.电流表 ?2：量程 0 3.0?，内阻 0.025?；D.电压表V：量程0，内阻 3?；3?E.滑动变阻器 ?1 ：最大阻值 20?；F.滑动变阻器 ?2 ：最大阻值 100?； ?开.关、导线等。在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_( 选填“ ?”或“ ? ” )，应该选12用的滑动变阻器是_( 选填“ ?”或“

12、?” ) 。12(3) 根据所选的器材，甲、乙两组同学设计的实验电路图如图2 所示，其中合理的是 _。 ( 选填“甲”或“乙” )(4) 若根据伏安法测出电阻丝的电阻为?=4.1?，则这种金属材料的电阻率为_?.( 保留二位有效数字 )四、计算题（本大题共4 小题，共 40.0 分）17. 如图所示，在真空中的 O 点固定一个点电荷 ?= +2 10 -9 ?，直线 MN 通过 O 点，OM 的距离 ?= 0.30?， M 点放一个点电荷 ?= -1 10-10 C.(?= 9.0 10 9 ?2 /?2)求：第4页，共 14页(1)?在 M 点受到的电场力的大小；(2) 若 q 从电场中的

13、M 点移到 N 点，克服电场力做功为的电势差 ?为多少。?18. 如图所示，宽度为 ?= 0.2?的足够长的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值?=1?的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小 ?= 5?一.根质量 ? = 0.1?导体棒MN 放在导轨上， 其接入导轨间的电阻 ?= 1?，并与导轨接触良好，导轨的电阻可忽略不计。现用一平行于导轨的拉力拉着导体棒沿导轨向右匀速运动，运动速度保持导体棒与导轨垂直。求：1.5 10-9 ?， M 、N 两点间?= 12?/?，在运动过程中(1) 在闭合回路中产生的感应电流的大小；(2) 作用在导体棒上的拉力的大小；

14、(3) 当导体棒匀速运动 0.3?整个过程中电阻 R 上产生的热量。19. 如图所示，在以平面直角坐标系xOy 的坐标原点 O 为圆心、半径为 r 的圆形区域内， 存在方向垂直 xOy 所在平面向里的匀强磁场。 一质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子由磁场边界与 x 轴的交点A 处，以速度 ?沿 x 轴负0方向射入磁场， 粒子飞出磁场时速度的方向相对于入射方向改变了 ?= 60，不计粒子的重力。求：(1) 匀强磁场的磁感应强度 B 的大小；(2) 粒子在匀强磁场中运动所需要的时间。20.如图所示， xOy 平面内存在着沿y 轴正方向的匀强电场，一个质量为m、电荷量为+?的粒子从坐标原点O 以速

15、度 ?沿 x 轴正方向进入电场。当它经过图中虚线上的0第5页，共 14页?(23?,?)点时，撤去电场， 粒子继续运动一段时间进入一个矩形匀强磁场区域(图中未画出 ) ，后又从虚线上的某一位置 N 处沿 y 轴负方向运动并再次经过 M 点，已知磁场方向垂直 xOy 平面向里，磁感应强度大小为 B，不计粒子的重力。求：(1) 电场强度的大小；(2)?点到 x 轴的距离；(3) 粒子从 O 点到 N 点的总时间。第6页，共 14页答案和解析1.【答案】 B【解析】解：首先观察到这个实验现象的物理学家丹麦物理学家奥斯特；故 B 正确，ACD错误故选： B。本实验是 1820 年丹麦物理学家奥斯特发现

16、电流磁效应的实验。本题考查物理学史。 在电磁学中有很多著名物理学家和经典的实验要记牢，掌握安培定则的内容，注意地磁场的方向。【答案】 A2.【解析】 解： A、磁场方向向左，电流方向是垂直向外，根据左手定则，安培力方向是向下，故 A 正确；B、磁场方向垂直向外，电流方向垂直向内，两者平行，不受安培力，故B 错误；C、磁场方向垂直向内， 电流方向向左， 根据左手定则， 安培力方向是向下，故 C错误；D 、磁场方向向上， 电流方向向右， 根据左手定则， 安培力方向是垂直向外，故D错误；故选： A。已知电流方向和磁场方向，根据左手定则判断安培力方向即可。本题考查左手定则， 关键是记住左手定则的内容，

17、 知道电流与磁场平行时， 安培力为零，注意左手定则与右手定则的区别。3.【答案】 C【解析】 解：A、电场线密的地方电场强度大，所以 P 点场强比Q 点场强小， 故 A 错误；B、该电场与等量异种点电荷的电场相似，根据等量异种点电荷的特点可知，MN 的中垂线为一个等势面， 然后根据沿电场线方向电势降低可知：P 点电势一定高于Q 点电势，故 B错误；C、P 点电势高于 Q 点电势， 即 ? ?.? = ?由电势能公式?，可知正电荷在 P 点的电势能大于在 Q 点的电势能，故C 正确；D 、由于该电场是非匀强电场，从N 到 M 的过程 E 先减小后增大，由 ?=?可知，电荷所受的电场力也是先减小后

18、增大，故D 错误。故选： C。电场线是从正电荷或者无穷远出发出， 到负电荷或无穷远处为止， 电场线密的地方电场的强度大， 电场线疏的地方电场的强度小。 要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化。电子在非匀强电场中所受的电场力是变力。电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化。4.【答案】 A【解析】解：根据闭合电路欧姆定律可知，电动机两端电压为： ?= ?- ?(?+?)= 5.6?，则电动机的电功率为：?= ?= 0.56? ，电动机内阻消耗的功率为：20.02? ，?= ?=电

19、动机的输出功率为：? = ?- ? = 0.54?，故 A 正确， BCD 错误。出?故选： A。电动机与电阻串联， 根据闭合电路欧姆定律求解电动机两端电压，根据 ?= ?求解电动2机的电功率，根据?热 = ?求解热功率，根据能量守恒定律求解电动机的输出功率。第7页，共 14页在计算电功率的公式中，总功率用?= ?来计算，发热的功率用2?= ?来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的。5.【答案】 C【解析】 解： AB、由于是两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，A 灯泡立刻

20、发光，而B 灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮，由于两灯泡并联，L 的电阻与灯泡电阻相等，所以稳定后A 比 B 更亮一些，故A 错误， B 错误；CD 、当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡都逐渐熄灭，因线圈存在电阻，则在断开前，A 的电流大于B 的电流，断开时，A 灯先突然变暗再逐渐熄灭，故C 正确， D 错误。故选： C。根据线圈在电流发生变化会产生自感电动势，电流增大时自感电动势阻碍电流增大，电流减小时自感电动势阻碍电减小，相当于电源，并结合欧姆定律分析。对于自感现象， 是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解。体会线圈有阻碍电流

21、的变化，注意线圈存在电阻，导致两灯泡电流不相同，同时注意断开时，通过灯泡A 的电流方向相反。6.【答案】 B【解析】 解：依题意得，每个点电荷在O 点产生的场强大小为?1，2当 N 点处的点电荷移至 P 点时， O 点场强如图所示， 由几何关系可知，合场强大小为?1，所以 ?： ?2= 212 = 2：1，故 B 正确， ABC 错误故选： B由电场的叠加原理可得到两个点电荷单独在O 点形成的场强大小， 移动之后两电荷距O点的距离不变，故电场强度大小不变，则由矢量合成的方向可得出移动之后的合电场；即可求得比值本题考查电场的叠加，要注意电场强度为矢量， 在求合场强时应先分别求得各电荷在O点的场强

22、再由矢量的合成方法- 平行四边形即可求得总的场强7.【答案】 D【解析】 解： A、带电粒子在磁场中向下偏转，磁场的方向垂直纸面向外，根据左手定则知，该粒子带正电。故A 错误。B、在平行金属板间，根据左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的?极板带正电。1故 B错误。CD 、进入 ?2 磁场中的粒子速度是一定的，根据2?= ? 得： ?=，知 r 越大，荷质?比 ?越小，而质量m 不一定大。故C 错误、 D 正确。故选： D。根据带电粒子在磁场中的偏转方向确定带电粒子的正负。根据在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡确定?极

23、板的带电情况。在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子1的轨道半径，即可知道轨迹半径与什么因素有关。解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向， 以及知道在速度选择器中， 电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡。第8页，共 14页8.【答案】 B【解析】 解： AB、据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，小球受到重力、 电场力和细绳的拉力，电场力应与重力平衡，则知小球带正电。 故 A 错误，B 正确。C、小球在从a 点运动到b 点的过程中， 电场力做负功， 小球的电势能增大。故 C 错误。D 、由于电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒。故D 错误。故选： B。小球在竖直

24、平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力必定平衡，可判断小球的电性由电场力做功情况，判断电势能的变化机械能守恒的条件是只有重力做功本题的解题关键是根据质点做匀速圆周运动的条件， 判断电场力与重力的关系， 确定出小球的电性9.【答案】 D【解析】 解：线框进入磁场过程，有效切割长度l 均匀增大，感应电动势E 均匀增大，?感应电流 ?=? 均匀增大，根据楞次定律可知电流方向为逆时针，所以电流方向为负；导线框完全进入磁场后，磁通量不变，没有感应电流产生；穿出磁场过程，有效切割长度l 均匀减小，感应电动势E 均匀减小，感应电流 ?=?均?匀减小，根据楞次定律可知电流方向为顺时针

25、，所以电流方向为正。综上所述，表示?- ?关系的图线正确的是D ，故 D 正确、 ABC 错误。故选： D。根据有效切割长度的变化分析电流大小的变化，根据楞次定律判断电流方向，由此分析。对于电磁感应现象中的图象问题， 经常是根据楞次定律或右手定则判断电流方向， 根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律求解感应电流随时间变化关系进行分析。10.【答案】 B【解析】 解： A、根据法拉第电磁感应定律可知， ?=? ? ? ?2 ?=，而 ?= ?，因此电动 ?势之比为 1： 4，故 A 错误。?=4?，故电阻之比为1： 2，B、线圈中电阻 ?= ?，其中 ?为横截面积，而导线长度0?0由欧姆定律

26、可知， ?=?，则电流之比为1： 2，故 B 正确。?2122112，C、焦耳定律 ?= ?，电流之比为： ，电阻之比为： ；则焦耳热之比为：故 C错误。 ?12，故D错误。D 、根据 ?= ?可知， ?= ?，故电荷量之比为：故选： B。根据法拉第电磁感应定律可求得感应电动势。根据电阻定律可分析电阻大小，根据欧姆定律即可明确电流大小。再根据焦耳定律公式即可明确焦耳热之比。 ?根据 ?= ?计算电荷量。?本题考查电磁感应与电路结合问题，要注意明确电流方向以及电动势大小的计算方法，同时能正确结合电路规律进行分析求解。第9页，共 14页11.【答案】 AB【解析】 【分析】圆盘转动可等效看成无数轴

27、向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径 L ，根据感应电动势公式分析电动势情况， 由欧姆定律分析电流情况 根据右手定则分析感应电流方向，根据2?= ?分析电流在R 上的热功率变化情况?本题是转动切割磁感线类型，运用等效法处理根据右手定则判断感应电流的方向，需要熟练掌握【解答】?铜.盘转动产生的感应电动势为：?=12? BLE不变，电流大小恒定2? ， 、 、?不变，不变，由右手定则可知，回路中电流方向不变，若从上往下看，圆盘顺时针转动，由右手定则知，电流沿 a 到 b 的方向流动，故AB 正确；C.若圆盘转动方向不变， 角速度大小发生变化， 则电流方向不变， 大小变化， 故 C 错误；D

28、.若圆盘转动的角速度变为原来的22 倍，回路电流变为原来 2 倍，根据 ?= ?电流在 R上的热功率也变为原来的4 倍，故 D 错误；故选 AB。12.【答案】 AD【解析】 解： A、将滑动变阻器的滑片P 从图示位置向右滑动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，外电路的总阻值变大， 所以电路的总的电流变小， 所以电流表 A 的示数变小，故 A正确。B、电源的内电压减小，由 ?= ?-?可得，路端电压U 变大，所以电压表V 的示数变大，故 B 错误。C、由于路端电压 U 变大，电阻 ?1不变，所以电流表?的示数变大，故 C 错误。1D 、由于总的电流减小，电阻 ?1 的电流变大，所以滑动变阻器的电流

29、减小，所以电流表?2 的示数变小，故 D 正确。故选： AD。根据滑动变阻器的滑片P 的运动可以分析滑动变阻器的电阻的变化的情况，再根据闭合电路欧姆定律可以分析电路的电流的变化，进而可以分析电压和电阻?电流的变化。1本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般思路都是先分析局部电路的电阻变化，再分析整体中电流及电压的变化，最后分析局部电路中的流及电压的变化；在分析局部电路时要注意灵活应用串并联电路的性质。13.【答案】 AC【解析】 解：小物块在运动过程中受到向下的重力以及竖直向上的洛伦兹力，如?= ?0?，则小物块受力平衡，小物块做匀速直线运动，如 ? ?，则物快物0体的受力如图所示，根据

30、牛顿第二定律有：?= ?= ?(?- ?0?)= ?因为物块减速运动，所以很具以上表达式知，其加速度增大，物块做加速度增大的减速运动。如果 ? ?，则物块离开水平面做曲线运动，故AC 正确， BD 错误。0故选： AC。对小物块进行受力分析， 讨论小物块受到的力存在的可能性， 根据平衡条件以及牛顿第二定律分析小物块的运动状态。解决该题关键是正确分析物块初始时刻的受力情况， 并能根据受力进行分类讨论， 能根据牛顿第二定律分析其加速度的变化情况。第10 页，共 14页14.【答案】 CD【解析】 解： AB、若开关 S 保持闭合，向上或向下移动b 板时，液滴从 P 运动到 a 板的小孔时，重力对液

31、滴做功不变。根据? = ?知：电场力对液滴做功不变，故外力对液滴做的总功不变，由动能定理可知，带电液滴到达a 板小孔的速度不变，则 ?2 = ?1，故 AB 错误；C、若开关 S 闭合一段时间再打开后，向上移动 b 板，极板带电量不变， 根据推论可知：?=?=?4?=可知，板间场强不变，由 ? = ?，知 d 增大，则液滴从 P 运动到 a?板的小孔时， 电场力对液滴做功增大，重力对液滴做功不变，因为电场力对液滴做负功，则外力对液滴做的总功减小，由动能定理知带电液滴到达a 板小孔的速度减小，即有? ?1故选： CD。液滴电场中运动时受重力和电场的作用，分析重力做功和电场力做功变化情况，根据动能

32、定理分析速度关系。解决本题时要注意电容器和电源保持相连时，两板间的电压不变， 电容器与电源断开时，极板的带电量不变，只改变板间距离时，板间场强不变。15.【答案】 最大值1乙 ?0【解析】 解： (1) 电路为限流接法，开始时应让电流最小，然后再逐渐增大，故开始时电阻箱应达到最大值处；(2) 由图可知，两电阻串联，对比两方案可知，方案甲中电阻箱电阻较大，而?的阻值0只有 10?，故在调节电阻箱时，电流的变化不明确，误差较大；而方案乙中电阻箱的阻值与 ?相差不大，可以测出相差较大的多组数据，故方案乙更合理；0?=?(3) 由闭合电路欧姆定律可得：?0 +?+?011?即 ?= ?+ ? +?00

33、1由函数知识可知：图象的斜率?= ?；01故 E= ?；01故答案为： (1) 最大值； (2) 乙； (3) ?0。(1) 实验中应保证开始时的电流最小，可以保证电路安全，由闭合电路欧姆定律可知应如何调节滑动变阻器；(2) 为了实验更精确应使数据间差值较大，并且能多测数据；根据两组方案的特点可知应选取哪一方案；1(3) 由题意及闭合电路欧姆定律可得?- ?的关系，结合图象可知其斜率及截距的含义，从而可以得出电动势。本题考查测定电动势和内阻的实验， 本实验要特别注意数据的处理， 能正确应用图象并结合函数关系进行分析得出结果。16.【答案】 0.520 ? ? 甲 1.1 10 -611第11

34、页，共 14页【解析】 解： (1) 由图 1 所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5?，可动刻度示数为：2.0 0.01?= 0.020?，螺旋测微器的示数为： 0.5?+ 0.020? = 0.520?；(2) 电路中有一节干电池， 电动势为 1.5?，待测电阻的电阻值约 4?，电路最大电流约为：?=1.5?= 0.375?，则电流表应选B，即电流表 ?；?=?41为方便实验操作，滑动变阻器应选E，即滑动变阻器 ?最大阻值 20?)。1 (?4?3000(3) ?=0.125 = 32 ，?=4= 750，故 R 为小电阻，电流表应选择外接法，用图2 所?示的电路甲进行实验；?20.52

35、0 10-3)2(4) 根据电阻定律： ?=? ，则：?()4.1 3.14 (2?=2=? =? =?0.81001.1 10 -6 ?故答案为：(1)0.520 ； (2)? ， ?；(3)甲； (4)1.110 -611(1) 螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；(2) 根据最大电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下应选择最大阻值较小的滑动变阻器；(3) 根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法；(4) 由电阻定律求出电阻率的表达式然后求出电阻率。高考中考查的电学实验主要以恒定电流这部分的实验为主， 高考中一般是以教材原实验为基础进行综合扩展，或让

36、考生设计实验，形成灵活多样，目的是以此种方式综合考查学生的实验探究能力和理解能力。?17.【答案】 解： (1) 由库仑定律有 ?= ? 2?代入数据，解得：?= 2 10 -8 ?，方向向左?(2) 由 ?=?代入数据，解得 ?= 15? 答： (1)?在 M 点受到的电场力的大小是2 10-8 ?；(2) 若 q 从电场中的 M 点移到 N 点，克服电场力做功为1.5 10 -9 ?， M、 N 两点间的电势差 ? 为 15V。?【解析】 (1) 根据库仑定律 ?= ? 2 求出 q 在 M 点受到的电场力的大小；?(2) 根据 ?= ? 可求得 M、N 两点间的电势差。?本题主要考查了库仑定律公式和?=的直接应用，难度不大，属于基础题。?18.【答案】 解： (1) 由法拉第电磁感应定律得：?= ?= 5 0.2 12?= 12?由闭合电路欧姆定律得： ?=?12?+?=1+1 ?= 6?；(2) 对 MN ，有：?= ?安? = ?= 6?安则作用在导体棒上的拉力的大小为：?= 6?；?0.3(3) 当导体棒匀速运动0.3?经过的时间为：?= ?= 12 ?= 0.025?第12 页，共 14页根据焦耳定律可得：2?= ?代入数据解得：?= 0.9?。答： (1) 在闭合回路中产生的感应电流的大小为6A。(2) 作用在导体棒上的拉力的大小为