推荐牛顿第二定律解决图像专题

1、2013-2014学年度?学校3月月考卷1 .一物块以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直线滑行，到达最高点后自行向下滑动， 不计空气阻力，设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同，下列哪个图像能正确地表示物块在这一过程中的速率与时间的关系()otD9试卷第1页，总63页【解析】分析物体上滑和下滑的受力即可。物体上升时的加速度为a上=(mgsin叶umgcos 0 )/m=gsi n +Bugcos , 物体下滑 时的加速度为 a 下=(mgs in -Umgcos 0 )/m =gsin -Ugcos。而上升的最大距离和物体下滑的距离相等，所以，上升时间要小于下划 时间。并且，由于物体与斜面之间存在摩擦

2、，所以物体滑回到出发位置时的速度大小肯定小于上滑的初速度，所以，在四个图中只有C图符合要求。故本题选Co2 在无风的情况下，跳伞运动员从水平飞行的飞机上跳伞，下落过程中受到空气阻力，F列描绘下落速度的水平分量大小Vx、竖直分量大小 Vy与时间t的图像，可能正确的【答案】B【解析】跳伞运动员水平方向初速度为飞机的速度，水平方向受到空气阻力作用，必定 减速运动，由于空气阻力与速度有关，加速度越来越小，故运动员做加速度减小的减速 运动，B对。3放在水平地面上的物体，受到水平拉力作用，在06s内其速度一时间图象和力F的功率一时间图象如图所示，则物体的质量为：(g=10m/s2)()t/ sA.C.ik

3、gD.190kg10B. kg【答案】【解析】分析速度图像知道，0-2s内的做匀加速的加速度大小a=3m/s2,设牵引力为Fi；2-6s内做匀速的速度 v=6m/s，设牵引力为F2,由牛顿第二定律得 Fi-仁ma,F2-仁O;Fi=Pi/v,F2=P2/v，（Pi=30W，P2=10W），解得 m=10/9kg4 .如图所示，绘出一辆电动汽车沿平直公路由静止启动后，在行驶过程中速度v与牵引力的倒数 的关系图像，若电动汽车的质量为1 io3kg，额定功率为2 104W，最 大速度为V2，运动中汽车所受阻力恒定，则以下说法正确的是（）A. AB段图像说明汽车做匀加速直线运动B. BC段图像说明汽车

4、做匀加速直线运动C. V2的大小为15m/sD. 汽车运动过程中的最大加速度为2m/s2【答案】AD【解析】略5.如图，一物体以某一初速度沿固定的粗糙斜面向上沿直线滑行，到达最高点后，又 自行向下滑行，不计空气阻力，物体与斜面间的摩擦因数处处相同，下列图像能正确表 示这一过程速率与时间关系的是：【答案】C【解析】略6 .物体A、B C静止在同一水平地面上，它们的质量分别为ma、mb、me,与水平地面的动摩擦因数分别为阴、妙、g用平行于水平面的拉力F分别拉动物体A、B、C,所得的加速度a与拉力F之间的关系如图对应的直线甲、乙、丙所示，其中甲、乙两直 线平行。则下列关系正确的是（）、 由pb ,

5、代 w、 w u , w e、 ma=mb, mcma、ma=mb, mamcA. B.C. D.【答案】B【解析】本题考查了考生提取图象信息、处理图象信息的能力，是高考的重点和热点。分析由二力平衡得，图象横轴截距表示此时拉力等于对应的摩擦力，即有Fa= pmagFb= pbmbgFc= pcmcg，且有 Fa Fb Fc ,由牛顿第二定律得，a F g ,m即有纵轴截距（F=0）表示物体受到的摩擦力产生的加速度a g，斜率k=1/m ,易得：ma=mb、ma mc、pmA, gc为aB. mcmA, gc=gAD. mcmA, gc=gA【答案】C【解析】本题涉及平衡条件等知识内容，考查了考

6、生提取图象信息、处理图象信息的能 力，是高考的重点和热点。由图象得横轴截距表示此时拉力等于重力：TA=mAgA, Tc=mcgc,纵轴截距表示该处的重力加速度即有gA=gc。从图中看出TamA，应选择C。（另法对质量的判断也可以应用斜率 k,由牛顿第二定律 T-mg=ma得k -，即斜率表示物体质m T mg量的倒数，而 kAkc,所以也得 mcmA）9.某物体做直线运动的v-t图象如图甲所示，据此判断图乙（F表示物体所受合力）四个选项中正确的是（）AbCD【答案】B【解析】在v-t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定.速度-时间图象特点： 因速度是矢量，故速度-时间

7、图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向”，t轴下方代表的是“负方向”，所以“速度-时间”图象只能描述物体做 “直线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移 -时间”图象； “速度-时间”图象没有时间t的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点； “速度-时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加 速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向； “速度-时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移 本题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据 运动情况先求出加速度，再求出合力.解：由图可知前两秒物体

8、做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s-4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s-6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s-8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分 析B正确.故选B.10 .如图所示，表示某物体所受的合力随时间变化的关系图象，设物体的初速度为零， 则下列说法中正确的是（）A. 物体时而向前运动，时而向后运动，2s末在初始位置的前边B. 物体时而向前运动，时而向后运动，2s末在初始位置处C. 物体一直向前运动，2s末物体的速度为零D. 若物体在第1s内的位移为L,则在前4s内的位移为4L【答案】CD【解析】物体第一秒内加速

9、运动，第二秒内减速运动，由于加速度一样大，所以2s末物体的速度为零；物体一直向前运动；每一秒内位移相同，物体在第1s内的位移为L,则在前4s内的位移为4L。11. 一个质量为30kg的小孩在蹦床上做游戏，他从高处落到蹦床上后又被弹起到原高 度，小孩从高处开始下落到弹回的整个过程中，他的运动速度随时间变化的图像如图所示，图中只有 Oa段和de段为直线.则根据此图像可知，小孩和蹦床相接触的时间内， 蹦床对小孩的平均作用力为 （空气阻力不计，g取10m / s2）A. 400NB. 700NC. 1000ND. 1300N【答案】B【解析】考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；动量定理.专题：运

10、动学中的图像专题；牛顿运动定律综合专题.分析：从图象可以看出，从0.8s到2.0s时间段内，网对小孩有向上的弹力，根据动量定理列式求解.解答：解：小孩与网接触 1.2s的时间段内（0.8s-2.0s ），以向下为正方向，根据动量 定理，有: -Ft+mgt=mv2-mw代入数据解得F=700N故选B.点评：本题关键根据图象得到运动员的运动规律，然后根据动量定理列式求解.12 .在光滑水平面上有一个物体同时受到两个水平力Fi与F2的作用，在第1s内保持静止，若两力Fi、F2随时间的变化如图所示，则下列说法正确的是（A、在第2s内，物体做加速运动，加速度的大小恒定，速度均匀增大B、在第5s内，物体

11、做变加速运动，加速度的大小均匀减小，速度逐渐增大C在第3s内，物体做变加速运动，加速度均匀减小，速度均匀减小D、在第6s末，物体的加速度和速度均为零【答案】B【解析】略13 . 一物体放在水平桌面上处于静止状态，现使物体受到一个方向不变、大小按图示规 律变化的合外力作用，则0 2s这段时间内A. 物体做匀减速运动B. 物体做变减速运动C. 物体的加速度逐渐减小，速度逐渐增大D. 物体的加速度和速度都在逐渐减小【答案】C【解析】略14 .将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上。该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图象如图所示。由此可以判断A. t=1s时

12、刻电梯的加速度方向竖直向下B. t=6s时刻电梯的加速度为零C. t=8s时刻电梯处于失重状态D. t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向上I I_丄 1, J.r0 2 4 6 10 El 4【答案】B【解析】据图可知 0 2s物体处于超重状态，2 10s内加速度为零，1012s处于失 重状态，则t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A错，t=6s时刻电梯的加速度为零，B对。t=8s时刻电梯加速度为零，所以不是失重状态，C错，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下，D错。15 .如图甲所示，静止在水平地面上的物块 A,受到水平拉力 F的作用，F与时间t的 关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大

13、静摩擦力 fm大小与滑动摩擦力大小相等， 则F列说法中错误的是A. to时间内加速度最小B. to时间内F做的功为零C. ti时刻物块的速度最大D. t2时刻物块的速度最大【答案】C【解析】由图可知因为拉力小于最大静摩擦力，所以0 to这段时间内物体保持静止状态，t2-t 0这段时间物体做加速运动，t2以后做减速运动，依此判断 to时刻加速度最小 为零A对0 t o这段时间内物体保持静止状态F做的功为零，B对t2时刻物块的速度达到最大值，其后减速，C错，D对选C16 .一质量为m = 1 kg的物体在水平恒力 F作用下水平运动，1 s末撤去恒力F,其v t图象如图所示，则恒力 F和物体所受阻力

14、f的大小是（）A. F= 8 NB. F= 9 NC. f= 3 N【答案】BCD. f = 2 N【解析】根据受力分析由图象可知：Fmai , ai;1 s末撤去恒力F:试卷第13页，总63页f ma2, a2 2 m $2；解得：F=9N, f = 3 N,选择 BC.光滑水平面有一轻质弹簧17 .玩具弹簧枪等弹射装置的工作原理可简化为如下模型:端固定在竖直墙壁上， 另一自由端位于 0点，用一滑块将弹簧的自由端 （与滑块未拴接） 从0点压缩至A点后由静止释放，如图所示。则滑块自A点释放后运动的 vt图象可能是下图中的（)ABCD【答案】C【解析】开始释放物体时随着物体不断向右运动，弹簧的压

15、缩量逐渐减小，因此物体合外力减小，加速度逐渐减小，当弹簧恢复原长时，加速度为零，物体开始匀速运动，明 确了物体的运动形式，根据v-t图象的特点可正确解答.解：开始释放时，根据牛顿第二定律有：kx=ma,随着弹簧压缩量的减小，物体加速度减小，因此物体开始做加速度逐渐减小的加速运动，弹簧恢复原长后，物体开始匀速运 动，在v-t图象中图象的斜率表示物体的加速度，因此图象开始阶段斜率逐渐减小，故 ABD错误，C正确.故选C.18 .有一质量为1kg的物体正沿倾角为 30 足够长的光滑固定斜面下滑，从 t=0时刻 起物体受到一个沿斜面向上的力 F作用，F随时间变化如图所示， 重力加速度g=10m/s2。

16、 则A .第1秒内物体的机械能减小B. 第2秒内物体的加速度逐渐变大C. 第3秒内物体速度逐渐减小D. 第4秒末与第1秒末物体的速度大小相等【答案】AB【解析】分析：除了重力和弹力之外的力对物体做了负功，物体的机械能就减小，外力 对物体做正功，物体的机械能就增加；求出合力的大小，根据牛顿第二定律可以知道物体加速度的变化.解答：解：A、物体受到一个沿斜面向上的力F作用，F对问题做负功，物体的机械能减小，所以A正确.B、 第2秒外力F逐渐减小，物体受到的合力增加，加速度变大，所以B正确.C、第3秒内外力逐渐变大，但是外力一直小于物体沿斜面向下的分力，物体受到的合力仍然向下，物体速度仍在变大，所以C

17、错误.D、重力沿斜面的分力是 5N,始终大于外力F的大小，所以整个过程中物体一直在向下加速运动，速度越来越大，所以D错误.故选：A B.点评：本题就是应用牛顿第二定律判断物体的加速度的变化，找出合力的变化规律就能判断加速度如何变化了.19 .质量为m的物体放在A地的地面上，用竖直向上的力 F拉物体，物体在竖直方向运动时产生的加速度 a与拉力F的关系如图4中直线A所示；质量为 m的物体在B地的地面上做类似的实验，得到加速度a与拉力F的关系如图4中直线B所示，A B两直线相交纵轴于同一点，设 A、B两地的重力加速度分别为 g1和g2,由图可知 （）A m2 mi,g2 giB. m2mi,g2gi

18、C m2 mi,g2 giD.叫 mi，g2 gi【答案】B【解析】分析：根据牛顿第二定律求出加速度a与拉力F的关系式，通过图线的斜率以及截距比较物体的质量和当地的重力加速度.解答：解：根据牛顿第二定律得，F-mg=ma则a=F -g .知图线的斜率表示质量的倒数，m纵轴截距的大小表示重力加速度.从图象上看，甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则nt m,纵轴截距相等，则 gi=g2 .故B正确.故选B.点评：解决本题的关键通过牛顿第二定律求出加速度a与拉力F的关系式，根据图线的斜率和截距进行比较.20 .如图甲所示，光滑水平面上，木板m向左匀速运动.t=0时刻，木块从木板的左端向右以与木板相同大小

19、的速度滑上木板，11时刻，木块和木板相对静止，共同向左匀速运动.以vi和ai，表示木板的速度和加速度；以V2和a2表示木块的速度和加速度，以向左为正方向，则图乙中正确的是【答案】BD【解析】：t=0时刻，木块从木板的左端向右以与木板相同大小的速度滑上木板，在摩 擦力作用下，二者均做匀减速直线运动。根据题述“ti时刻，木块和木板相对静止，共同向左匀速运动”木块加速度大小大于木板，图象BD正确。2i. （20i2年湖北黄冈期末）物体在x轴上做直线运动，则上下两图对应关系正确的是（图中F表示物体所受的合外力，a表示物体的加速度，v表示物体的速度，x表示物 体的位移，C、D图中曲线为抛物线）CBD【答

20、案】BD【解析】：由牛顿第二定律，F=ma F-t图象与a-t图象应该类似，选项 A错误；根据 位移图象的斜率表示速度，选项C错误。22 .在由静止开始向上运动的电梯里，某同学把一测量加速度的装置（重力不计）固定在一个质量为1 kg的手提包上进入电梯，到达某一楼层后停止该同学将采集到的数据分析处理后列在下表中，为此，该同学在计算机上画出了如图8所示的图象，请你根据表中数据和所学知识判断下列图象正确的是（设F为手提包受到的拉力，取g = 9.82m/s ）物理模型匀加速言线运动匀速官线运动匀减速冒线运动时间段（S）3.083.0加速度（m旳0.400-0.40【答案】AC【解析】3 s末物体的速

21、度，v = at = 0.4 x 3 m/s = 1.2 m/s，然后以1.2 m/s做了 8 s 的匀速直线运动，最后 3 s做匀减速运动，末速度 v= v at = 1.2 0.4 x 3 m/s = 0, 由此可得A正确，B错误；根据牛顿第二定律在前 3 s有F1 mg= ma得10.2 N ;紧接着的 8 s , F2 mg= 0, F2= 9.8 N ;最后 3 s , Fa mg= ma, Fs= 9.2 N .所以 C项 正确；手提包一直在运动，D项错误.23 .如图所示，一质量为 m的滑块，以初速度 V0从倾角为0的斜面底端滑上斜面， 当其速度减为 0后又沿斜面返回底端.已知滑

22、块与斜面间的动摩擦因数为口，若滑块所受的摩擦力为f、所受的合外力为 F合、加速度为a、速度为v,选沿斜面向上为正方 向，在滑块沿斜面运动的整个过程中，这些物理量随时间变化的图像大致正确的是（）fffrA图 3- 5- 12【答案】AD.【解析】滑块在上滑过程中滑动摩擦力方向向下，大小恒定为口 mgcosB，物块下滑时滑动摩擦力方向向上，大小仍为口 mgcosB , A答案正确；在物体上滑下滑过程中，加速度始终沿斜面向下，为负，所受合力也为负，所以B、C错；上滑过程做正向的匀减速，减速的加速度 a= (gsin B + 口 gcos0 ), v- t图像斜率大，下滑过程做负向的匀加 速，加速度a

23、 = gsin 0 - 口 gcos 0，小于a, v-1图像斜率减小.D答案正确.24 .放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系如甲图所示； 物块的运动速度 v与时间t的关系如乙图所示，6s后的速度图象 没有画出，g取10m/s2。下列说法正确的是()A. 滑动时受的摩擦力大小是3NB. 物块的质量为1.5kgC. 物块在6- 9s内的加速度大小是 2m/s2D. 物块前6s内的平均速度大小是 4.5m/s【答案】BCD【解析】物体在 3-6s内做匀速直线运动，所以拉力F等于摩擦力f,即物体滑动时受到的摩擦力大小为6N.A错误。根据图像可知物体在0-

24、3s内的加速度6 2 2a1-m/s 2m/s ,根据牛顿第二定律可得9 6,所以物体的质量36 322m=1.5kg, B正确。物体在 6-9s内的加速度大小为 a2m/s 2m / s , C正确。1.5V-t图像中图线围成的面积表示物体的位移，所以物体在前6s内的位移是1 27x 3 6m 6 3m 27m，所用时间为t=6s,所以平均速度为v4.5m /s ,2 6D正确。25 质量为10kg的物体置于水平地面上，它与地面间的动摩擦因数尸0.2。从t=0开始，物体以一定的初速度向右运动，同时受到一个水平向左的恒力F=10 N的作用。则反映物体受到的摩擦力Ff随时间t变化的图象是下列图示

25、中的(取水平向右为正方向，g2取 10m/s )()【答案】B【解析】当物体向右运动时，摩擦力为滑动摩擦力 gg=20N方向向左，当物体速度减小到零时，拉力 F不能克服最大静摩擦力，物体静止，摩擦力大小等于拉力F,方向与F相反，B对；26 如图甲所示，静止在水平地面的物块A,受到水平向右的拉力 F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值fm与滑动摩擦力大小相等，则A. 0ti时间内F的功率逐渐增大B. t2时刻物块A的加速度最大C. t2时刻后物块 A做反向运动D. t3时刻物块A的动能最大【答案】BD【解析】0ti时间内Ffm,物体A仍做加速运动，运动方向没变。 t3时

26、 刻后FF2,加速度在减小，但物体加速度为正，所以物体速度继续增加。此后FiF2，物体开始减速运动，因此 B答案正确。考点：加速度a与速度v的关系点评：此类题型考察物体合外力求加速度，并通过加速度与速度方向判断物体的运动速度变化规律。35 .如图所示，在足够大的光滑水平面上放有两质量相等的物块A和B,其中A物块连接一个轻弹簧并处于静止状态，B物体以初速度v0向着A物块运动。当物块与弹簧作用时，两物块在同一条直线上运动。请识别关于B物块与弹簧作用过程中， 两物块的V t图象正确的是（）BCD【答案】D【解析】试题分析：以两物体及弹簧作为整体分析，对整体由动量守恒及弹簧状态的变化可知两物体的速度变

27、化及加速度的变化，即可得出速度图象解答：解：碰后时B速度减小，A的速度增大，而由于弹力增大，故A、B的加速度均增大；而在弹簧到达原长以后，B开始减速而A继续加速，因弹簧开始伸长，故两物体受力减小，故加速度减小； 由图可知，正确图象应为 D.故选D.考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像.点评：本题解题的关键在于分析在碰撞过程中弹簧弹力的变化，从而找出加速度的变化；结合速度变化即可得出正确的图象.36 .用水平拉力F拉着一物体在一水平地面上做匀速直线运动，某时刻起力F随时间均匀减小，方向不变，物体所受的摩擦力f随时间变化的图像如右图中实线所示。则该过程对应的v-t图像是（【答案】B【解析】试题

28、分析：在0 ti过程中，拉力等于摩擦力，物体做匀速直线运动，在ti t2过程中，拉力逐渐减小，但由于物体仍是运动的， 所以摩擦力仍为滑动摩擦力,大小不变，此时小球受到的拉力小于摩擦力，所以做减速运动，并且a F，加速m度越来越大，所以图像的斜率越来越大，当t2 t3过程中，小球速度为零时，滑动摩擦力变为静摩擦力，随着F的减小而减小，所以B正确，考点：考查了牛顿第二定律的应用以及对 v-t图像的理解点评：做变力题目的时候，一定要根据力的变化通过牛顿第二定律判断出加速度的变化， 然后再推导出速度的变化情况37 .某人在地面上用体重秤称得自己的体重为500N,他将体重秤移至电梯内称其体重，to至ts

29、时间内，体重秤的示数变化如图所示，则电梯运行的v-t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）【答案】B【解析】试题分析：升降机内的弹簧秤的读数是人对弹簧秤的拉力的大小，也就是人受到的拉力的大小，通过图象的读数，和人的真实的重力相对比，可以判断人处于超重还是失重状 态，从而可以判断升降机的运动状态.由于电梯是从静止开始运动的，初速度是零，速度-时间图象应该从0开始，所以AC错误，人的体重为500N,在第一段时间内读数是 450N,小于人的真实的体重，此时人处于失重状态，应该有向下的加速度，即加速度应该是负的，所以第一段时间的图象应该是向下倾斜的，所以 D错误，选项A正确之后的第二段时间内弹簧秤的

30、示数和人的真实 的体重相等，说明此时应该处于平衡状态，所以电梯是匀速运动，在速度-时间图象中应该是水平的直线，在第三段时间内弹簧秤的示数大于人的真实的体重，此时人处于超重状态，应该有向上的加速度，即加速度应该是正的，所以第三段时间的图象应该是向上倾斜的.考点：考查了牛顿第二定律的应用点评：本题是判断物体的运动的状态，通过牛顿第二定律求得物体的加速度的大小，根 据加速度就可以判断物体做的是什么运动.38 .静止在光滑水平面上的物体受到一个水平拉力的作用，该力随时间变化的图象如图所示，则下列说法中正确的是i100+-1016r If520A. 物体在20s内平均速度为零B. 物体在10s末的速度为

31、零C. 物体在20s末的速度为零D. 物体在20s末时离出发点最远【答案】CD【解析】试题分析：A、物体在图示力作用下，先做匀加速运动，后做匀减速运动，加速度大小 相等，物体速度方向没有变化，平均速度不为零；错误B、 由图知物体前10s做匀加速直线运动，10s末的速度最大；错误C、 据运动的对称性可知 20s末速度为零；正确D、 因物体速度方向没有变化，一直同一方向运动，所以物体在20s末时离出发点最远; 正确故选CD考点：匀变速直线运动的图象点评：本题运用牛顿第二定律分析物体的受力情况及运动情况，要注意加速度方向变化，速度方向不一定变化。39 .在光滑的水平面上有一物体同时受到两个水平力Fi

32、和F2的作用，在第一秒内保持静止状态，两力 Fi和F2随时间的变化如图所示，则（）A. 在第2s内，物体做加速运动，加速度减小，速度增大B. 在第3s内，物体做加速运动，加速度增大，速度增大C. 在第4s内，物体做加速运动，加速度减小，速度增大D. 在第6s内，物体又保持静止状态【答案】BC【解析】试题分析：在第一秒内保持静止状态， 说明一开始两个力等大方向，合力F合 F2 F1。AB在13s内，F1减小则合力增大，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度增大，做加速度运动，速度增大；A错误B正确C、在35s内，Fi增大则合力减小，合力方向没有变化，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度减小，做加速度运

33、动，速度增大；正确D、 物体一直加速，5s后合力为零，物体做匀速运动，第6s内物体仍做匀速运动；错 误故选BC考点：牛顿第二定律的应用点评：会根据图像分析物体的合力变化情况，应用牛顿第二定律求出加速度分析物体运动情况。40 .如图甲所示，两物体 A、B叠放在光滑水平面上，对物体A施加一水平力F, F- t关系图象如图乙所示.两物体在力F作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则A. A对B的摩擦力方向始终与力 F的方向相同B. 0is时间内两物体间的摩擦力大小不变C. 两物体做匀变速直线运动D. 两物体沿直线做往复运动【答案】A【解析】试题分析：A、对整体分析，整体的加速度与F的方向相同，B物体

34、所受的合力为摩擦力，故摩擦力的方向与加速度方向相同，即与F的方向相同；正确B、 这段时间内，F逐渐增大，整体加速度逐渐增大， 隔离对B分析，B的合力逐渐增大， 即B所受的摩擦力逐渐增大，两物体间的摩擦力逐渐增大；错误C、整体所受的合力方向改变，加速度方向随之改变，两物体不是匀变速直线运动；错 误D、 在02s内整体向右做加速运动， 加速度先增大后减小；24s内加速度反向，做减 速运动，因为两段时间内受力是对称的，所以 4s末速度变为零，在 04s内一直向前 运动，然后又重复以前的运动；错误故选A考点：牛顿第二定律点评：学会根据物体的受力情况判断物体的运动情况，熟练掌握整体法和隔离法的运用。41

35、 .如图（a）所示，0为水平直线MN上的一点，质量为 m的小球在0点的左方时受到 水平恒力Fi作用，运动到 0点的右方时，同时还受到水平恒力 F2的作用，设质点从图 示位置由静止开始运动，其 v-t图像如图（b）所示，由图可知（）mMoNB.质点在O点的左方加速度大小为t4“3C. F2的大小为2mv1t3-tlD.质点在0 14这段时间内的最大位移为 也上2【答案】BD【解析】试题分析：由 v-t图像知，小球在 O点的左方时受到水平恒力 Fi作用时，小球向右做 匀加速运动，在11时刻运动到O点，在O点的右方时，同时还受到水平恒力F2的作用，小球的加速度向左，做匀减速运动，在12时刻小球减速到

36、零，然后反向做匀加速运动，在13时刻运动到 O点，经过O点向左做匀减速运动，在 t4时刻小球减速到零，知质点在O点右方运动的时间为ti t3，A错；质点在O点的左方加速度大小为a0( Vi)Vit4 -t3，B对；由牛顿第二定律得到 Fimamv.)，F 2 F i ma2，t4 t3t4t3a2Vi0Vi联亠得到厂mvimviC错;质点在0 t4这段时间内t3t2t3t2联立得到厂2t3 t2t4t3的最大位移在t2时刻，最大位移为图线与横轴围成的面积，即是x也，D对。2考点：v-t图像，加速度的定义式，牛顿第二定律点评：学生能根据 v-t图像分析物体的运动情况，清楚图线的斜率表示加速度,图

37、线与横轴围成的面积表示位移。42 在电梯的地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个重量为 20N的物块，如图 甲所示，计算机显示出传感器所受物块的压力大小随时间变化的关系，如图乙 根据图 象分析得出的结论中正确的是：糊块JZL甲A .从时刻tl到t2，物块处于失重状态B .从时刻t3到t4,物块处于失重状态C .电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停 在高楼层D.电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低 楼层【答案】BC【解析】试题分析：由图知，从时刻tl到t2,物块受到的支持力大于物块的重力，所以物块处于超重状态，A错；从时刻t

38、3到t4,物块受到的支持力小于物块的重力，所以物块处于失 重状态，B对；电梯可能开始停在低楼层，先加速向上物块处于超重状态，接着匀速向 上，再减速向上物块处于失重状态，最后停在高楼层，C对，D错。考点：F-t图像，超重和失重点评：学生要明确物块受到的支持力大于物块的重力是超重现象，物块受到的支持力小于物块的重力是失重现象。43 .放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度 v与时间t的关系如图所示。取重力加速度 g= 10m/sA. m= 0.5kg，口= 0.4B. m= 1.5kg，口= 一15C. m= 0.5kg，卩=0.2D. m= 1k

39、g，卩=0.2【答案】A【解析】试题分析：根据力与运动的关系及牛顿第二定律，物体受合力等于零时，物体处于平衡 状态，即静止或匀速运动.结合图象4-6s段，可求物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；根据第2s到4s内的速度图象斜率，可求这一阶段的加速度；在24s内，由牛顿第二定律和滑动摩擦力公式即可求得动摩擦因素 由v-t图象可知，物块在 46 s内做匀速运动，由 F-t图象知，46s F3 2N，故。由此两图线 可以求得物块的质量 m和物块与地面之间的动摩擦因数 卩分别为sFf F3 2N，由v-t图象可知，24s内做匀加速运动，由avVo2m/s ,在2t4s内由牛顿第二定律有 F2 Ff

40、ma，可得m=0.5kg;由滑动摩擦定律有 Ffmg , 可得 0.4。mg故选A考点：牛顿第二定律与图像问题点评：利用F-t图象和V-t图象的不同时段的受力和运动情况，结合牛顿运动定律，可 以分析求解物体的速度、加速度、位移、质量等物理量。44 如图是空中轨道列车（简称空轨）悬挂式单轨交通系统，无人驾驶空轨行程由计算 机自动控制。在某次研究制动效果的试验中，计算机观测到制动力逐渐增大，下列各图 中能反映其速度 v随时间t变化关系的是【答案】D【解析】试题分析：在列车运动方向上，只受到制动力作用，所以根据牛顿第二定律可得，制动力越来越大，所以加速度越来越大，故列车做加速度增大的减速运动，而v-

41、t图像的斜率表示加速度，A中加速度恒定，不符合题意；B中加速度减小，不符合题意；C中加速度先增大后减小，不符合题意；D中加速度逐渐增大，符合题意；故选D考点：考查了牛顿第二定律以及v-t图像点评：做本题的关键是理解 v-t图像中斜率代表的物理含义45 如图所示，粗糙的斜面与光滑的水平面相连接，滑块沿水平面以速度vo运动。设滑块运动到A点的时刻为t=0,滑块离开A点运动过程中距 A点的水平距离为X,水平 速度为vx。由于vo不同，从A点到B点的几种可能的运动图象如下列选项所示，其中 表示摩擦力做功最大的是ABCD【答案】D【解析】试题分析：A、从水平位移与时间的正比关系可知，滑块做平抛运动，摩擦

42、力必定为零.故A错误.B、开始阶段水平位移与时间成正比，滑块先平抛后在斜面上再反弹还是平抛，水平速度突然增大，摩擦力依然为零.故B错误.C、水平速度不变，为平抛运动，摩擦力为零故 C错误.D、水平速度与时间成正比，说明滑块在斜面上做匀加速直线运动，有摩擦力，摩擦力做功最大故D正确.考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律点评：分析讨论滑块的运动情况：当v0很大时，滑块做平抛运动；当 v0较大时，滑块先做平抛运动，落到斜面上后反弹再平抛；当v0较小时，滑块在斜面上做匀加速直线运动.根据水平位移、速度与时间的关系分情况判断46 . 一块物和传送带间摩擦因数为卩，传送带与水平面间倾角为B,传送带沿逆

43、时针方 向转动，将物块轻放在传送带顶端，在以后的运动过程中，下面关于物块的速度时间图 象不可能的是：AD【答案】D【解析】试题分析：物体初速度小于皮带速度，所以物体重力，支持力，沿斜面向下的滑动摩擦力，所以物体先匀加速看，加速度为a mgsinf。若物体的重力分量小于最大静m摩擦力，则物体加速到与皮带速度相同就会匀速， 即B正确。或者一直到底还未加速到 与皮带速度一样，即A正确。若重力大于最大静摩擦力， 则当物体加速到与皮带速度一r样厚，滑动摩擦力向上， 则物体加速度 a mgSin,因此加速度应小于第一阶段，mC正确。考点：受力分析点评：本题考查了经典的传送带专题，通过相对运动判断滑动摩擦力

44、的方向决定物体第 一阶段运动，然后根据重力分量与滑动摩擦力的关系，决定第二阶段的运动规律47 .地面上有一个质量为 M的重物，用力F向上提它，力F的变化将引起物体加速度的 变化已知物体的加速度 a随力F变化的函数图像如图所示，则（）A. 当F小于Fo时，物体的重力 Mg大于作用力FB. 当F= Fo时，作用力F与重力Mg大小相等C. 物体向上运动的加速度与作用力F成正比D. A的绝对值等于该地的重力加速度g的大小【答案】ABD【解析】试题分析：由图可得：在力F小于F0时，加速度为0，所以物体的重力大于 F，在F=F0时是临界点，之后物体有加速度，F大于物体的重力，所以在临界点，F=FO,物体向上运动的加速度与 F-F0成正比，A的绝对值为 g,因为此时物体只受