高考物理二轮复习精练三小卷冲刺练实验一

1、小卷冲刺练(82实验)(一)一、选择题(共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)14.在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法不正确的是()A.质点和点电荷体现的是同一种思想方法B.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用实验直接验证C.重心、合力和分力、总电阻都体现了等效替换的思想D.加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量解析质点和点电荷都是理想化模型，体现的是同一种思想方法，选项A说法

2、正确；牛顿第一定律是通过对大量实际情境的观察，利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不能用实验直接验证，选项B说法不正确；重心、合力和分力、总电阻都体现了等效替换的思想，选项C说法正确；加速度a、电场强度E、电势都是采取比值法定义的物理量，选项D说法正确。答案B15.如图1所示，一个小球从A由静止开始沿粗糙的圆周顶端运动到底端B时速度为v1，克服摩擦力做功W1；以速度v2从底端B出发，恰好能运动到顶端A，克服摩擦力做功为W2，则()图1A.v1v2，W1W2 B.v1v2，W1W2C.v1v2，W1W2 D.v1v2，W1W2解析对小球由圆周轨道的顶端A静止开始的下滑过程，由动能定理，mgRW1m

3、v；对小球由圆周轨道的底端B出发的运动过程，由动能定理，mgRW20mv；显然v1v2。把圆周轨道分割成很多微元，两个过程在对应微元上，第二个过程的速度较大，对轨道的压力较大，运动所受的滑动摩擦力较大，沿圆周轨道运动克服摩擦力做功较多，即W1W2，选项D正确。答案D16.如图2为三颗卫星a、b、c绕地球做匀速圆周运动的示意图，其中卫星b和c都在半径为r的轨道上，a是地球同步卫星，此时卫星a和b恰好相距最近。已知地球的质量为M，地球自转的角速度为，引力常量为G，则()图2A.卫星b的周期小于24 hB.卫星b和c的机械能相等C.卫星a和b下一次相距最近还需时间tD.卫星a的动能较大解析根据开普勒

4、第三定律，有C(常量)，可知卫星越高(运动轨道半径大)，周期越长，卫星a为地球同步卫星，周期是24 h，则卫星b的周期大于24 h，A错误；卫星的动能和机械能不仅与轨道半径有关，还与卫星的质量有关，由于三个卫星的质量大小关系不确定，因此无法进行比较，B、D均错误；卫星a为地球同步卫星，角速度为，设卫星b运动的角速度为b，有mr得b，卫星a和b下一次相距最近所需时间t应满足关系式(b)t2，解得t，因此C正确。答案C17.如图3所示，一个大小可忽略，质量为m的模型飞机，在距水平地面高为h的水平面内以速率v绕圆心O做半径为R的匀速圆周运动，O为圆心O在水平地面上的投影点。某时刻该飞机上有一小螺丝掉

5、离飞机，不计空气对小螺丝的作用力，重力加速度大小为g。下列说法正确的是()图3A.飞机处于平衡状态B.空气对飞机的作用力大小为mC.小螺丝第一次落地点与O点的距离为D.小螺丝第一次落地点与O点的距离为解析由于飞机在水平面内做匀速圆周运动，速度时刻在发生变化，因此飞机的加速度不为零，合外力不为零，A错误；由圆周运动的知识可知，重力与空气对飞机作用力的合力提供飞机做圆周运动的向心力，即Fm，因此空气对飞机的作用力大小为F1，整理得F1，B错误；小螺丝从飞机上掉下后做平抛运动，小螺丝的初速度大小为v，由竖直方向的分运动可知hgt2，水平位移为xvt，则小螺丝的落地点与O之间的距离为s，由以上整理可得

6、s，C正确，D错误。答案C18.如图4所示，在平面直角坐标系xOy中只有第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，点M的坐标为(0，d)。一电荷量为q、质量为m的带电粒子以某一速度从点M与y轴负方向成37角垂直磁场射入第四象限，粒子恰好垂直穿过x轴，已知sin 370.6，cos 370.8。若不考虑粒子重力，下列说法正确的是()图4A.粒子可能带负电B.粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为dC.粒子的速度大小为D.若仅减小磁感应强度大小，粒子可能不会穿过x轴解析由题中条件并通过左手定则分析可知，该粒子一定带正电，A错误；作出粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系可知dRsin 37，

7、解得Rd，B错误；由牛顿第二定律qvBm，解得v，C正确；如果仅减小磁场的磁感应强度大小，由R知粒子的轨迹半径增大，粒子一定仍从x轴穿过，D错误。答案C19.(2017辽宁葫芦岛模拟)核电站的核能来源于U核的裂变，下列说法中正确的是()A.反应后的核废料已不具有放射性，不需要进一步处理B.U的一种可能的裂变是变成两个中等质量的原子核，如Xe和Sr，反应方程为UnXeSr2nC.U是天然放射性元素，常温下它的半衰期约为45亿年，升高温度半衰期缩短D.一个U核裂变的质量亏损为m0.215 5 u，则释放的核能约201 MeV解析反应后的核废料仍然具有放射性，需要进一步处理，故A错误；发生核反应的过

8、程满足电荷数和质量数守恒，故反应方程为UnXeSr2n，故B正确；半衰期的大小由原子核内部因素决定，与外部环境无关，即升高温度并不能使半衰期缩短，故C错误；根据质能方程E0.215 5931 MeV201 MeV，故D正确。答案BD20.如图5所示为甲、乙两个物体同时从同一地点出发、沿同一直线运动的速度时间图象。下列说法正确的是()图5A.在02.0 s内，甲的加速度小于乙的加速度B.在2.0 s时，乙在甲前面C.在06.0 s内，甲和乙的位移相同D.在06.0 s内，甲和乙相遇一次解析速度时间图象的斜率的绝对值表示物体加速度的大小，则02.0 s的过程中，物体甲的加速度大于物体乙的加速度，A

9、错误；图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，则由图象可知02.0 s的时间内，物体甲的位移大小为6 m、物体乙的位移大小为10 m，显然2.0 s时物体乙处在物体甲的前方，B正确；06.0 s的时间内，物体甲的位移大小为24 m、物体乙的位移大小为18 m，6.0 s时物体甲在物体乙的前方，C错误；由以上分析可知在06.0 s的时间内，物体乙先在前面，后来物体甲一直在物体乙的前面，则06.0 s内物体甲和物体乙相遇一次，D正确。答案BD21.如图6所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装

10、置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么()图6A.偏转电场E2对三种粒子做功一样多B.三种粒子打到屏上时的速度一样大C.三种粒子运动到屏上所用时间相同D.三种粒子一定打到屏上的同一位置解析由动能定理可求得粒子进入偏转电场时的速度，再对运动的合成与分解可求得偏转电场中的位移；再由几何关系可明确粒子打在屏上的位置。带电粒子在加速电场中加速，由动能定理可知：E1qdmv2解得：v粒子在偏转电场中的时间t粒子在偏转电场中的加速度a在偏转电场中的纵向速度v0at纵向位移yat2；即位移与比荷无关，与速度无关；由相似三角形可知，打在屏幕上的位置一定相同，到屏上的时间与横向速度成反比，故A、D正确。答

11、案AD二、非选择题22.(6分)如图7甲为20分度游标卡尺的部分示意图，其读数为_mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为_mm；在某次学生实验中，弹簧测力计的指针位置如图丙所示，其读数为_N。图7解析游标卡尺的主尺读数为8 mm，游标尺上第3条刻度线与主尺刻度线对齐，游标卡尺读数为0.053 mm0.15 mm，所以最终读数为8 mm0.15 mm8.15 mm。螺旋测微器的固定刻度读数为2.5 mm，可动刻度读数为0.0147.0 mm0.470 mm，所以最终读数为2.5 mm0.470 mm2.970 mm。根据弹簧测力计的读数规则，其读数为2.90 N。答案8.15(2分)2.970

12、(2分)2.90(2分)23.(9分)小华和小明在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：电压U/V0.000.200.400.701.001.301.702.102.50电流I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)实验室有两种滑动变阻器供选择：A.滑动变阻器(阻值范围010 、额定电流3 A)B.滑动变阻器(阻值范围02 000 、额定电流1 A)实验中选择的滑动变阻器是_。(填写字母序号)(2)在图8甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整。(3)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至_(填“左”或“右”)端。(4)利用表中数据，在图8乙中画出小灯泡UI图线。图8(5)他们在UI图象上找到小灯泡工作电压为2.0 V时的坐标点，计算此状态的电阻值时，小明提出用图象上该点的曲线斜率表示小灯泡的阻值；小华提出该点与坐标原点连线的斜率表示小灯泡的阻值，你认为_(填“小华”或“小明”)的方法正确。解析(1)为了使小灯泡两端电压可以从零开始调节，