用牛顿运动定律解决问题（二） 随堂作业

1、随堂作业一、选择题1关于超重和失重，下列说法中正确的是()A物体处于超重状态时，其重力增加了B物体处于失重状态时，其重力减小了C物体处于完全失重时，其重力为零D不论物体超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力都是不变的2共点的五个力平衡，则下列说法中不正确的是()A其中四个力的合力与第五个力等大反向B其中三个力的合力与其余的两个力的合力等大反向C五个力合力为零D撤去其中的三个力，物体一定不平衡3长方体木块静止在倾角为的斜面上，其受力情况如右图所示，那么木块对斜面作用力的方向()A沿斜面向下B垂直于斜面向下C沿斜面向上D竖直向下4(多选)在升降机内，一人站在磅秤上，发现自己的体重减轻了20%，则

2、下列判断可能正确的是(g取10 m/s2)()A升降机以8 m/s2的加速度加速上升B升降机以2 m/s2的加速度加速下降C升降机以2 m/s2的加速度减速上升D升降机以8 m/s2的加速度减速下降5三段不可伸长的细绳OA，OB，OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如右图所示，其中OB是水平的，A，B端都固定，若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳()A必定是OA B必定是OBC必定是OC D可能是OB，也可能是OC6(多选)如图所示，总质量为460 kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2，当热气球上升到180 m时，以5 m/s的速度向上匀速运动若离开地

3、面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g10 m/s2.关于热气球，下列说法正确的是()21世纪教育网版权所有A所受浮力大小为4 830 NB加速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/sD以5 m/s的速度匀速上升时所受空气阻力大小为230 N7如右图所示，是一种测定风作用力的仪器原理图它能自动随着风的转向而转动，使风总从图示方向水平吹向小球P.P是质量为m的金属球，固定在一细长而轻的钢性金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内无摩擦地转动，无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度，角大小与风力大小有关，下列关于风力

4、F与的关系式正确的是()21AFmgsinBFmgcosCFmgtan DFmg/cos二、非选择题8如右图所示，拉B物体的轻绳与竖直方向成60角，O为一定滑轮，物体A与B间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，已知B的重力为100 N，水平地面对B的支持力为80 N，绳和滑轮质量及摩擦均不计，试求：(1)物体A的重力；(2)B受到的摩擦力答案随堂作业1D2D共点的五个力平衡，则五个力的合力为零，C正确任意三个力或四个力的合力与其余的两个力的合力或第五个力一定等大反向，A，B正确而撤去其中三个力，剩余两个力的合力不一定为零，物体不一定平衡，D错21

5、教育网3D4BC人发现体重减轻，说明人处于失重状态，加速度向下，由mgFNma，FN80%mg，故a0.2g2 m/s2，方向向下升降机可能加速下降，也可能减速上升，故B，C正确5A方法一：O点所受三力如图甲所示，由于三力平衡，即F1与F2的合力F与F3相平衡，从图中直接看出F1是直角三角形的斜边，F2，F3均为直角边，因此F1必大于F2和F3，当增大C端重物质量时，OA首先承受不了，先断，A正确21cnjycom方法二：三力F1，F2，F3平衡，则首尾相接必成一封闭三角形，如图乙所示，由图看出F1是直角三角形的斜边，因而OA先断6AD本题考查热气球的受力分析和运动分析，意在考查考生对力的平衡条件、牛顿第二定律的运用能力热气球从地面刚开始上升时，由牛顿第二定律有F合F浮mgma，得热气球所受的浮力F浮m(ga)460(100.5) N4 830 N，则A项正确；加速上升过程中，速度增大，所受空气阻力也增大，则B项错误；热气球以5 m/s的速度匀速上升时，由平衡条件知所受的空气阻力FfF浮mg4 830 N46010 N230 N，故D项正确；热气球从地面上升10 s内，它做变加速运动，故10 s时其速度大小不是5 m/s，故C项错误7C金属球受三个力作用处于平衡状态，即受到水平方向的风力F、绳的拉力T和重力mg作用，由平衡条件Fmgtan