贵州省毕节地区赫章二中高二物理下学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年贵州省毕节地区赫 章二中高二（下）第一次月考物理试卷一选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于磁感应强度，下列说法正确的是（）a 磁场中某点磁感应强度的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关b 磁场中某点磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向一致c 在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小为零d 在磁场中磁感线越密的地方，磁感应强度越大2如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线受安培力方向向右的是（）a b c d 3如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从o点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间ta、tb、tc、td，其大小关系是（）a tatbtctdb ta=tb=tc=tdc ta=tbtctdd ta=tbtctd4在磁感应强度大小为b0，方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直于纸面向里，如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（）a c、d两点的磁感应强度大小相等b a、b两点的磁感应强度大小相等c c点的磁感应强度的值最小d b点的磁感应强度的值最大5如图，质量为m、长为l的直导线用两绝缘细线悬挂于o、o，并处于匀强磁场中当导线中通以沿x正方向的电流i，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为（）a z正向，b y正向，c z负向，d 沿悬线向上，6如图所示，线圈两端接在电流表上组成闭合电路在下列情况中，电流表指针不发生偏转的是（）a 线圈不动，磁铁插入线圈b 线圈不动，磁铁从线圈中拔出c 磁铁不动，线圈上、下移动d 磁铁插在线圈内不动7绕在同一铁芯上的线圈、按图所示方法连接，g为电流表（）a 开关s闭合瞬间，g的示数不为零b 保持开关s闭合状态，g的示数不为零c 保持开关s闭合，移动变阻器r0滑动触头的位置，g的示数为零d 断开开关s的瞬间，g的示数为零8如图1所示，两个闭合圆形线圈a、b的圆心重合，放在同一水平面内，线圈a中通以如图2所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）在t1t2时间内，对于线圈b，下列说法中正确的是（）a 线圈b内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势b 线圈b内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势c 线圈b内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势d 线圈b内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势9如图所示，导体ab、cd可在水平轨道上自由滑动，且两水平轨道在中央交叉处互不相通当导体棒ab向左移动时（）a ab中感应电流的方向为a到bb ab中感应电流的方向为b到ac cd向左移动d cd向右移动10一长直铁芯上绕有一固定线圈m，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一闭合金属环n，n可在木质圆柱上无摩擦移动m连接在如图所示的电路中，其中r为滑线变阻器，e1和e2为直流电源，s为单刀双掷开关下列情况中，可观测到n向左运动的是（）a 在s断开的情况下，s向a闭合的瞬间b 在s断开的情况下，s向b闭合的瞬间c 在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向c端移动时d 在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时二填空题（11小题4分，12小题4分，13小题10分，共18分）11如图所示，电子射线管（a为其阴极），放在蹄形磁铁的n、s两极间，射线管的阴极（a）接直流高压电源的极（正、负） 此时，荧光屏上的电子束运动径迹将偏转（填“向上”、“向下”或“不”）12面积为s的矩形线框abcd，处在磁感应强度为b的匀强磁场中，磁场方向与线框面成角（如图），当线框以ab为轴顺时针转90时，穿过abcd面的磁通量变化量=13在研究电磁感应现象时，可以用下面的实验装置来模仿法拉第的实验，请你根据实验情境，按要求回答下列问题：（1）请用笔画线代替导线补全实验电路；（2）将螺线管a插入b中，若在闭合电键的瞬时，发现电流表指针向左偏转，则当断开电键时电流表指针偏转（填“向左”、“向右”或“不”）；（3）电键保持闭合，滑动变阻器滑片不动时，线圈b中感应电流（填“有”或“没有”）；（4）电键保持闭合，滑动变阻器滑片向右滑动时，电流表指针偏转（填“向左”、“向右”或“不”）；（5）实验结论是：三计算题（本题共4小题，共42分，写出必要公式和演算步骤，有数值计算时，答案写明数字和单位）14两条相距为1m的水平金属导轨上放置一根导电棒ab，处于竖直方向的匀强磁场中，如图所示，导电棒的质量是1.2kg，当棒中通入2安培的电流时（电流方向是从a到b），它可在导轨上向右匀速滑动，如电流增大到4a时，棒可获得0.5m/s2的加速度求：磁场的方向？磁场的磁感强度的大小和摩擦力大小？15一个线圈有100匝、面积为0.01m2，线圈的内电阻为0.5，线圈两端接一个9.5的电阻线圈在0.02s的时间内从磁感应强度均为0.4t的磁铁两极间移出，求：（1）线圈的感应电动势多大？（2）电路中产生的电流多大？（3）线圈两端的电压多大？16如图所示，在x轴上方有垂直于xy平面向里的匀强磁场，磁感应强度为b；在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为e一质量为m，电荷量为q的粒子从坐标原点o沿着y轴正方向射出射出之后，第三次到达x轴时，它与点o的距离为l带电粒子在磁场中做何种运动？带电粒子在电场中做何种运动？求此粒子射出时的速度v； 运动的总路程s（重力不计）17两根光滑的足够长直金属导轨mn、mn平行置于竖直面内，导轨间距为l，导轨上端接有阻值为r的电阻，如图所示质量为m、长度也为l、阻值为r的金属棒ab垂直于导轨放置，且与导轨保持良好接触，其他电阻不计导轨处于磁感应强度为b、方向水平向里的匀强磁场中，ab由静止释放，在重力作用下向下运动，求：（1）ab运动的最大速度的大小；（2）若ab从释放至其运动达到最大速度时下落的高度为h，此过程中金属棒中产生的焦耳热为多少？2014-2015学年贵州省毕节地区赫章二中高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1关于磁感应强度，下列说法正确的是（）a 磁场中某点磁感应强度的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关b 磁场中某点磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向一致c 在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小为零d 在磁场中磁感线越密的地方，磁感应强度越大考点：磁感应强度分析：磁感应强度是描述磁场本身强弱和方向的物理量，由磁场本身决定，与放在该点的试探电流元无关磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向垂直在磁场中磁感线越密的地方，磁感应强度越大解答：解：a、磁场中某点磁感应强度的大小，由磁场本身决定，跟放在该点的试探电流元的情况无关故a错误 b、磁场中某点磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向垂直故b错误 c、在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小不一定为零，也可能电流元方向与磁场方向平行，电流元不受磁场力，但磁感应强度值大小不为零故c错误 d、磁感线可以形象描述磁场的强弱，磁感线越密的地方，磁感应强度越大故d正确故选d点评：本题抓住磁感应强度和磁感线的物理意义是解答的关键，可以与电场强度、电场线类比记忆2如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线受安培力方向向右的是（）a b c d 考点：左手定则分析：左手定则可以用来判断通电导体在磁场中受到的安培力方向的规则明确磁感线穿入左手手心，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向解答：解：a、根据左手定则，导线受安培力方向向左故a错误 b、根据左手定则，导线受安培力方向向右故b正确 c、导线与磁场方向平行，不受安培力故c错误 d、根据左手定则，导线受安培力方向垂直纸面向里故d错误故选b点评：对于左手定则，关键抓住什么时候用和怎样用，它与右手定则、安培定则不同左手定则用来判断安培力方向、洛伦兹力方向与磁场方向、电流方向或电荷运动方向三者之间的关系3如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从o点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间ta、tb、tc、td，其大小关系是（）a tatbtctdb ta=tb=tc=tdc ta=tbtctdd ta=tbtctd考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：电子进入匀强磁场后只受洛伦兹力做匀速圆周运动，四个电子运动的周期都相同，作出轨迹，根据圆心角的大小判断电子在磁场运动时间的大小解答：解：电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为 t=四个电子m、q相同，b也相同，则它们圆周运动的周期相同画出电子运动的轨迹如图从图1看出，从a、b两点射出的电子轨迹所对的圆心角都是，则ta=tb=从图2看出，从d射出的电子轨迹所对的圆心角oo2doo1c，根据圆周运动的时间t=，t相同时，圆心角越大，时间t越大，所以tctd所以ta=tbtctd故选d点评：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的问题，画轨迹是基本方法，也是基本能力，粒子运动的时间常常根据t=（是轨迹的圆心角）求解4在磁感应强度大小为b0，方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直于纸面向里，如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（）a c、d两点的磁感应强度大小相等b a、b两点的磁感应强度大小相等c c点的磁感应强度的值最小d b点的磁感应强度的值最大考点：磁感应强度分析：该题考察了磁场的叠加问题用右手定则首先确定通电直导线在abcd四点产生的磁场的方向，利用矢量的叠加分析叠加后磁场大小变化和方向，从而判断各选项解答：解：用右手螺旋定则判断通电直导线在abcd四个点上所产生的磁场方向，如图所示：a点有向上的磁场，还有电流产生的向上的磁场，电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相同，叠加变大b点有向上的磁场，还有电流产生的水平向左的磁场，磁感应强度叠加变大，方向向左上c点电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相反，叠加变小d点有向上的磁场，还有电流产生的水平向右的磁场，叠加后磁感应强度的方向向右上d点与b点叠加后的磁场大小相等，但是方向不同选项abd错误，选项c正确故选：c点评：磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则基础题目5如图，质量为m、长为l的直导线用两绝缘细线悬挂于o、o，并处于匀强磁场中当导线中通以沿x正方向的电流i，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为（）a z正向，b y正向，c z负向，d 沿悬线向上，考点：左手定则；力矩的平衡条件分析：左手定则：左手平展，让磁感线穿过手心，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内 把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，手心面向n极，四指指向电流所指方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向根据左手定则的内容，逐个分析判断即可的出结论解答：解：逆向解题法a、磁感应强度方向为z正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y负方向，直导线不能平衡，所以a错误；b、磁感应强度方向为y正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿z正方向，根据平衡条件，当bil刚好等于mg时，绳的拉力为零，所以b=，所以b正确；c、磁感应强度方向为z负方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，根据平衡条件bilcos=mgsin，所以b=，所以c正确；d、磁感应强度方向沿悬线向上，根据左手定则，直导线所受安培力方向如下图（侧视图），直导线不能平衡，所以d错误故选：bc点评：左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即，关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则6如图所示，线圈两端接在电流表上组成闭合电路在下列情况中，电流表指针不发生偏转的是（）a 线圈不动，磁铁插入线圈b 线圈不动，磁铁从线圈中拔出c 磁铁不动，线圈上、下移动d 磁铁插在线圈内不动考点：楞次定律分析：根据感应电流产生的条件可知，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生，指针便不会偏转解答：解：a、b、只要是线圈中的磁通量发生变化，回路中有感应电流，指针便会偏转，在磁铁插入、拉出过程中线圈中的磁通量均发生变化，因此ab错误；c、磁体不动，线圈上、下移动，线圈中的磁通量发生变化，回路中有感应电流，指针便会偏转，因此c错误；d、磁铁放在螺线管中不动时，线圈中的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故d正确故选：d点评：本题比较简单，考查了感应电流产生的条件，对于这些基本规律要正确理解加强应用7绕在同一铁芯上的线圈、按图所示方法连接，g为电流表（）a 开关s闭合瞬间，g的示数不为零b 保持开关s闭合状态，g的示数不为零c 保持开关s闭合，移动变阻器r0滑动触头的位置，g的示数为零d 断开开关s的瞬间，g的示数为零考点：楞次定律分析：产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化线圈中电流变化，产生磁场变化，变化磁场也穿过线圈，线圈中产生感应电流若线圈中电流不变化，产生磁场不变化，穿过线圈的磁场不变化，则线圈中不会产生感应电流解答：解：a、当闭合开关瞬间，线圈中有电流通过，产生磁场，磁场也穿过线圈，线圈的磁通量从无到有增加，产生感应电流，则电流表中有电流故a正确b、闭合开关后保持变阻器的滑动头位置不变时，中电流不变，穿过线圈中磁通量不变，没有感应电流产生，g的示数为零故b错误c、保持开关s闭合，移动变阻器r0滑动触头的位置，线圈中电流变化，产生磁场也变化，变化磁场也穿过线圈，线圈的磁通量变化，产生感应电流，则电流表中有电流故c错误d、断开开关s的瞬间，线圈中电流减小（从有到无），产生磁场也变化，变化磁场也穿过线圈，线圈的磁通量变化，产生感应电流，则电流表中有电流故d错误故选：a点评：本题关键抓住产生感应电流的条件进行判断产生感应电流要有两个条件：一是电路要闭合；二是磁通量发生变化8如图1所示，两个闭合圆形线圈a、b的圆心重合，放在同一水平面内，线圈a中通以如图2所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）在t1t2时间内，对于线圈b，下列说法中正确的是（）a 线圈b内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势b 线圈b内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势c 线圈b内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势d 线圈b内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势考点：楞次定律分析：根据安培定则确定电流与磁场的方向关系，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同解答：解：在t1t2时间内，由于线圈a的逆时针方向电流增大，导致线圈b磁通量增大，感应电流的磁场与它相反，根据安培定则可知，线圈a在线圈b内部产生磁场方向垂直纸面向外，则线圈b内有顺时针方向的电流此时线圈b的电流方向与线圈a电流方向相反，由异向电流相互排斥，可知线圈间有相互排斥，所以线圈b有扩张的趋势故b、c、d、误，a正确故选a点评：解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化同时注意t=0时电流方向为顺时针，而在t1t2时间内电流方向为逆时针9如图所示，导体ab、cd可在水平轨道上自由滑动，且两水平轨道在中央交叉处互不相通当导体棒ab向左移动时（）a ab中感应电流的方向为a到bb ab中感应电流的方向为b到ac cd向左移动d cd向右移动考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；楞次定律专题：电磁感应与电路结合分析：ab中感应电流方向根据右手定则判断，根据左手定则判断出cd所受的安培力方向，即可判断cd的运动方向解答：解：a、b、导体棒ab向左移动时，产生感应电流，根据右手定则判断得知ab中感应电流的方向为a到b，故a正确，b错误c、d、ab中产生的感应电流通过cd时，方向由c到d，根据左手定则判断可知cd所受的安培力方向向右，所以cd向右移动，故c错误，d正确故选：ad点评：本题是发电机带动电动机的类型，关键掌握右手定则和左手定则，并能正确运用，要注意两个定则使用的条件，不能搞混10一长直铁芯上绕有一固定线圈m，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一闭合金属环n，n可在木质圆柱上无摩擦移动m连接在如图所示的电路中，其中r为滑线变阻器，e1和e2为直流电源，s为单刀双掷开关下列情况中，可观测到n向左运动的是（）a 在s断开的情况下，s向a闭合的瞬间b 在s断开的情况下，s向b闭合的瞬间c 在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向c端移动时d 在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时考点：楞次定律；磁场对电流的作用分析：要使n向左移动，n应受到向左的力；由楞次定律可知通过n的磁场应如何变化，则可知开关的情况解答：解：由楞次定律的第二种描述：“来拒去留”可知要使n向左运动，通过n的磁通量应减小；而a、b中由断开到闭合过程中磁通量均增大，故ab错误；若将移动滑动头，则向c端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减小，磁通量减小，故会使n左移，故c正确；而d中向d移动时，滑动变阻器接入电阻减小时，故电路中电流增大，磁场增大，故会使n右移，故d错误；故选c点评：楞次定律有两种描述：“增反减同”和“来拒去留”，后者判断导体的运动更有效，应学会应用二填空题（11小题4分，12小题4分，13小题10分，共18分）11如图所示，电子射线管（a为其阴极），放在蹄形磁铁的n、s两极间，射线管的阴极（a）接直流高压电源的负极（正、负） 此时，荧光屏上的电子束运动径迹将向下偏转（填“向上”、“向下”或“不”）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，所以是要接到高压的负极上的，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断解答：解：因为a是阴极，所以射线管的阴极（a）接直流高压电源的负极因为a是阴极，b是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是a到b，产生的电流方向是b到a（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向a，手掌对向n极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转故答案为：负，向下点评：左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向（注：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向）12面积为s的矩形线框abcd，处在磁感应强度为b的匀强磁场中，磁场方向与线框面成角（如图），当线框以ab为轴顺时针转90时，穿过abcd面的磁通量变化量=bs（cos+sin）考点：磁通量分析：线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量=bs，b是磁感应强度，s是线圈的面积当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量=0，若既不垂直，也不平行，则可分解成垂直与平行，根据=bssin（是线圈平面与磁场方向的夹角）即可求解解答：解：矩形线圈abcd如图所示放置，此时通过线圈的磁通量为1=bssin当规定此时穿过线圈为正面，则当线圈绕ab轴转90角时，穿过线圈反面，则其的磁通量2=bscos因此穿过线圈平面的磁通量的变化量为=21=bs（cos+sin）故答案为：bs（cos+sin）点评：对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式=bssin（是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况注意夹角不是磁场与线圈平面的夹角，同时理解磁通量不是矢量，但注意分清正面还是反面通过线圈13在研究电磁感应现象时，可以用下面的实验装置来模仿法拉第的实验，请你根据实验情境，按要求回答下列问题：（1）请用笔画线代替导线补全实验电路；（2）将螺线管a插入b中，若在闭合电键的瞬时，发现电流表指针向左偏转，则当断开电键时电流表指针向右偏转（填“向左”、“向右”或“不”）；（3）电键保持闭合，滑动变阻器滑片不动时，线圈b中没有感应电流（填“有”或“没有”）；（4）电键保持闭合，滑动变阻器滑片向右滑动时，电流表指针向左偏转（填“向左”、“向右”或“不”）；（5）实验结论是：穿过闭合电路的磁通量发生变化产生感应电流考点：研究电磁感应现象专题：实验题分析：探究电磁感应现象实验，有两套电路，两套电路分别组成闭合回路由楞次定律可知，感应电流磁场方向总是阻碍原磁通量的变化，如果原磁场方向不变，磁通量变化方向相反时，感应电流方向相反只有穿过闭合回路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流解答：解：（1）实验电路有两套电路，每套电路各自行车闭合回路，实验电路图如图所示（2）将螺线管a插入b中，若在闭合电键的瞬时，穿过回路的磁通量变大，发现电流表指针向左偏转，当断开电键时，原磁场方向不变，穿过回路的磁通量变小，感应电流方向反向，则电流表指针向右偏转（3）电键保持闭合，滑动变阻器滑片不动时，原线圈电流不变，产生的磁场不变，穿过副线圈的磁通量不变，副线圈b中没有感应电流（4）电键保持闭合，滑动变阻器滑片向右滑动时，电流增大，则通过线圈的磁通量增大，感应电流方向同向，则电流表指针向左偏转（5）由上述实验可知：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流故答案为：（1）如图所示（2）向右（3）没有（4）向左（5）穿过闭合电路的磁通量发生变化产生感应电流点评：探究电磁感应现象的实验电路有两套电路，各自应形成闭合回路；应用楞次定律、分析图示实验情景，即可正确解题三计算题（本题共4小题，共42分，写出必要公式和演算步骤，有数值计算时，答案写明数字和单位）14两条相距为1m的水平金属导轨上放置一根导电棒ab，处于竖直方向的匀强磁场中，如图所示，导电棒的质量是1.2kg，当棒中通入2安培的电流时（电流方向是从a到b），它可在导轨上向右匀速滑动，如电流增大到4a时，棒可获得0.5m/s2的加速度求：磁场的方向？磁场的磁感强度的大小和摩擦力大小？考点：左手定则；牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：磁场方向用左手定则就可以判断出来；用公式f=bil，当i=2a时，可以求出摩擦力大小； 然后当i=4a是结合牛顿第二定律就可以求出磁感应强度大小解答：解：由左手定则，可知磁场方向向上设滑动摩擦力为f，磁感应强度为b，可得：bi1lf=0bi2lf=ma代入数据联立解得：b=0.3tf=0.6n故答案为：向上0.3t；0.6n点评：本题考查了左手定则和牛顿第二定律的应用，是道小型综合题15一个线圈有100匝、面积为0.01m2，线圈的内电阻为0.5，线圈两端接一个9.5的电阻线圈在0.02s的时间内从磁感应强度均为0.4t的磁铁两极间移出，求：（1）线圈的感应电动势多大？（2）电路中产生的电流多大？（3）线圈两端的电压多大？考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与电路结合分析：（1）由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势；（2）由欧姆定律求电流；（3）由欧姆定律求路端电压解答：解：（1）线圈中的感应电动势为：e=n=ns=1000.01=20v（2）电路中产生的电流为：i=2a（3）线圈两端的电压为：u=ir=29.5=19v答：（1）线圈的感应电动势20v；（2）电路中产生的电流2a；（3）线圈两端的电压19v点评：本题考查了求感应电动势、感应电流和路端电压问题，掌握基础知识即可正确解题16如图所示，在x轴上方有垂直于xy平面向里的匀强磁场，磁感应强度为b；在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为e一质量为m，电荷量为q的粒子从坐标原点o沿着y轴正方向射出射出之后，第三次到达x轴时，它与点o的距离为l带电粒子在磁场中做何种运动？带电粒子在电场中做何种运动？求此粒子射出时的速度v； 运动的总路程s（重力不计）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电